北京东城55中2022-2023学年物理高一第一学期期末达标检测模拟试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、如图所示，质量为8 kg的物体A静止在竖直的轻弹簧上面质量为2 kg的物体B用细线悬挂起来，

2、A、B紧挨在一起但A、B之间无压力某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间，B对A的压力大小为(取g10 m/s2)()A.100 NB.20 NC.16 ND.0 N2、如图所示，一人站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动下列各种情况中，体重计的示数最大的（ ）A.电梯匀减速上升，加速度的大小为1.0m/s2B.电梯匀加速上升，加速度的大小为1.0m/s2C.电梯匀减速下降，加速度的大小为0.5m/s2D.电梯匀加速下降，加速度的大小为0.5m/s23、一根大弹簧内套一根小弹簧，大弹簧比小弹簧长0.20m，它们的下端固定在地面上，上端自由，如图甲所示。当加力压缩此组合弹簧时，测得力和弹簧压缩距离之间的

3、关系如图乙所示，则两根弹簧的劲度系数分别是（设大弹簧劲度系数为k1，小弹簧劲度系数为k2）（）A.k1=100 N/m，k2=200 N/mB.k1=200 N/m，k2=100 N/mC.k1=100 N/m，k2=300 N/mD.k1=300 N/m，k2=200 N/m4、物体做直线运动的v-t图象如图所示，若第1 s内所受合力为F1，第2 s内所受合力为F2，第3 s内所受合力为F3，则（）A.F1、F2、F3大小相等，方向相同B.F1、F2、F3大小相等，F1与F2、F3方向相反C.F1、F2是正的，F3是负的D.F1是正的，F2、F3是零5、如图，在一段平直的地面上等间距分布着一

4、排等高的电线杆，挂在电线杆上的电线粗细均匀由于热胀冷缩，冬季两相邻电线杆之间的电线会有所缩短对电线杆B及其两侧的电线，冬季与夏季相比( )A.电线杆B对地面的作用力不变B.电线杆B所受的合外力变大C.电线最高点处的张力变小D.电线最低点处的张力不变6、如图a，物体在水平恒力F作用下沿粗糙水平地面由静止开始运动，在时刻撤去恒力F，物体运动的图像如图b，重力加速度，则（）A.物体在3s内的位移B.恒力F与摩擦力f大小之比F:f=3:1C.物体与地面的动摩擦因数为D.3s内恒力做功与克服摩擦力做功之比WF:Wf=3:27、质量不等的两物块A和B其质量为mA和mB置于粗糙水平面上，两物体与水平面的动摩

5、擦因数相同如图所示，当用水平恒力F作用于左端A上，两物块一起加速运动时，AB间的作用力大小为N1，当水平恒力F作用于右端B上，两物块一起加速运动时，AB间作用力大小为N2，则（ ）A.两次物体运动的加速度大小不相等BC.D若水平面光滑，则8、质量均为m的A、B两个小球之间系一个质量不计的弹簧，放在光滑的台面上A紧靠墙壁，如图所示，今用恒力F将B球向左挤压弹簧，达到平衡时，突然将力F撤去，此瞬间()A.A球的加速度为零B.A球的加速度为C.B球的加速度为D.B球的加速度为9、甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，在t0时，甲车和乙车的位置齐平（可看作同一位置），它们的速度时间图像如图所示。下列

6、说法正确的是（）A.甲先做匀速运动后做匀减速运动B.在第20s末，甲、乙的速度大小相等C.在第30s末，甲、乙相距50mD.在第35s末，甲、乙的位置再次齐平10、某物体运动的速度-时间图象如图所示根据图象可知A.0-2s内的加速度为2m/s2B.0-5s 内的位移为7mC.第1s末与第4.5s末的速度方向相反D.第1s末与第4.5s末的加速度方向相反二、实验题11、（4分）利用打点计时器测定匀加速直线运动小车的加速度，已知交流电频率为50 Hz，如题图给出了该次实验中从0点开始每5个点取一个计数点的纸带，其中0、1、2、3、4、5、6都为记数点测得：s11.40 cm，s 21.90 cm，

7、s 32.38 cm，s 42.88 cm，s 53.39 cm，s 6由于计数点6模糊不清，因此无法测量（1）在计时器打出点1、2时，小车的速度分别为：v1_m/s，v 2_m/s；（2）利用纸带数据可以求出小车的加速度a_m/s2（保留两位小数）；（3）利用求得的加速度大小估算5、6两计数点间的距离s 6约为_cm（保留两位小数）； （4）若交流电实际频率比50 Hz偏大，则该同学计算出的加速度大小与实际值相比_（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）12、（10分）在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图甲所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小

8、车的加速度可由小车后拖动的纸带上的打点计算出。(1)在该实验中，下列说法正确的是_（填正确选项前的字母）A为了消除摩擦力的影响，需要调节斜面倾角，使小车在小盘（盘中不放砝码）的牵引下在斜面上匀速下滑B在平衡摩擦力时，需要拿走小盘，纸带穿过打点计时器，并周定在小车的尾端，然后调节斜面倾角，轻推小车，使小车在斜面上匀速下滑C每改变一次小车的质量，需要重新平衡一次摩擦力(2)实验中，在M与m的大小关系满足M_（选填“”、“”或“”）m时，可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码受到的重力；(3)如图乙所示，一组同学在做加速度与质量的关系实验时打出一条纸带，相邻计数点的时间间隔为T，间距x1、x2、

9、x3x6已测量出，则小车的加速度表达式为a_。保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据。为了比较容易地得出加速度a与质量M的关系，应该作a与_的图象。(4)另两位同学用同一装置，做加速度与力的关系实验时，画出了各自得到的aF图线，如图丙所示，则两个同学做实验时小车及车中砝码的质量较大的是_（选填“小红”或“小华”）。三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）动车出站时，先经历一个加速运动过程，某实验小组想测量其加速度的大小，设计如图所示的实验：在

10、车厢内悬吊着一个质量为m的小球，动车加速行驶时，悬线偏离竖直方向的角度为。重力加速度为g。(1)画出小球的受力示意图。(2)求动车的加速度大小a；(3)求悬线对小球的拉力大小T。14、（14分）健身越来越受大众欢迎，臂力健身器件简化如图所示，轻杆BC的C端用光滑铰链固定在竖直墙壁，且与竖直墙壁保持垂直。B端通过轻绳AB与墙壁相连，AB与竖直墙壁的夹角为，一质量不计的轻滑轮悬挂于B点。质量为M的健身者通过一轻绳跨过定滑轮，用竖直向下的力拉住轻绳一端，使质量为m（mM）的重物保持不动，重力加速度为g，求：（1）人对地面的压力N的大小;（2）绳子BO对轻滑轮的作用力F1的大小;（3）轻杆BC的弹力F

11、2的大小。15、（13分）从离地面h=80m的空中自由释放一个小球，不计空气阻力，g取10m/s2，求：(1)经过多长时间小球落到地面；(2)小球下落过程平均速度大小：(3)小球在最后1s内下落的高度；参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、C【解析】剪断细线前，A、B间无压力，则弹簧的弹力F=mAg=80N，剪断细线的瞬间，对整体分析，整体加速度：，隔离对B分析，mBg-N=mBa，解得：N=mBg-mBa=20-22N=16N故C正确，A

12、BD错误故选C点睛：本题关键是先采用整体法求解加速度，再隔离物体B并根据牛顿第二定律列式求解.2、B【解析】AD.电梯匀减速上升，电梯匀加速下降，均为失重状态，体重计的示数要小，AD错；BC.电梯匀加速上升，电梯匀减速下降，为超重状态，且B中的加速度大于C中的加速度，所以B正确C错误。故选B。3、A【解析】大弹簧劲度系数为k1，小弹簧劲度系数为k2，依据公式得在0到0.2m范围内有在0.2m到0.3m范围内有（这个范围内小弹簧的压缩量比大弹簧小0.2m）解得k1=100 N/mk2=200 N/mBCD错误，A正确。故选A。4、B【解析】根据速度时间图线得出加速度的大小和方向，根据牛顿第二定律

13、得出合力的大小和方向【详解】根据速度时间图线知，在第1s内和第2s内图线的斜率绝对值大小相等，则加速度大小相等，方向相反，根据牛顿第二定律知，F1和F2的大小相等，方向相反在第2s内和第3s内图线的斜率相同，则加速度大小和方向都相同，根据牛顿第二定律知，F2和F3的大小相等，方向相同故A错误，B正确若F1是正的，则F 2、F3是负的，且不为零，选项CD错误；故选B.5、A【解析】以电杆为研究对象，设电线与竖直方向夹角为，由共点力的平衡条件知，两边电线对电杆的弹力F的合力与其重力的合力等于地面对电杆的支持力，由几何关系得：2Fcos+Mg=FN；对一半电线而言：Fcos=mg；则FN=Mg+mg

14、，则电线杆B所受的合力为零，对地面的作用力不变，选项A正确，B错误；由于夏天气温较高，电线的体积会膨胀，两杆正中部位电线下坠的距离h变大，则电线在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角变小，故根据Fcos=mg，可知两电线杆处的电线拉力冬天与夏天相比变大，选项C正确；取一半电线研究，最低点的张力T=Fsin，则冬天F大，大，则T较大，则选项D错误；故选AC点睛：要比较一个物理量的大小关系，我们应该先把这个物理量运用物理规律表示出来，本题中应该抓住电线杆上的电线的质量一定，受力平衡，根据夏季、冬季电线在杆上固定处的切线方向与竖直方向的夹角的不同分析求解6、BC【解析】A根据vt图像的物理意义，面积

15、代表位移。可知故A错误；B由图可知，01s时，物体的加速度为a1=6m/s2根据牛顿第二定律13s时，物体的加速度为a2=-3m/s2根据牛顿第二定律联立解得故B正确；C根据解得故C正确；D根据动能定理所以故D错误。故选BC。7、BC【解析】先对整体分析求出加速度的大小，再隔离分析求出A、B间的作用力大小，从而求出作用力之和和作用力的比值；【详解】A、根据牛顿第二定律得对整体分析：，则两次物体运动的加速度大小相等，但是方向相反，故选项A错误；B、分别隔离B和A得：，则：同理可以得到：，则则得到，故BC正确；D、由于和不相等，所以即使水平面光滑，与也不相等，故选项D错误【点睛】本题考查了牛顿第二

16、定律的运用，关键掌握整体法和隔离法的使用，先整体求加速度，再隔离求出相互的作用力8、AC【解析】先分析将力F撤去前弹簧的弹力大小，再分析将力F撤去的瞬间两球所受的合力，根据牛顿第二定律求解加速度【详解】力F撤去前弹簧的弹力大小为F将力F撤去的瞬间，弹簧的弹力没有变化，则A的受力情况没有变化，合力为零，B的合力大小等于F，根据牛顿第二定律得到A球的加速度为零，B球的加速度为【点睛】瞬时问题是牛顿定律应用典型的问题，一般先分析状态变化前弹簧的弹力，再研究状态变化瞬间物体的受力情况，求解加速度，要抓住弹簧的弹力不能突变的特点9、AD【解析】A由图可知，甲车先做匀速运动再做匀减速直线运动，故A正确；B

17、由图看出，在第20s末，甲、乙的速度大小不等，故B错误；C图像与坐标轴围成的面积表示位移，可知在第30s末，甲的位移为乙的位移为所以甲乙两车相距故C错误；D30s后甲静止，乙以向前运动就可以追上甲，故在第35s末，甲、乙的位置再次齐平，故D正确。故选AD。10、BD【解析】速度图象的斜率等于物体的加速度大小根据斜率的正负分析加速度的正负图线与两个坐标轴所围“面积”等于位移【详解】0-2s内的加速度大小为：，故A错误；0-25 内的位移为：，故B正确；速度的正负表示方向，故第 1s 末与第 4.5s 末的速度方向相同，故C错误；斜率的正负表示a的方向，由图可知，第 1s 末与第 4.5s 末加速

18、度方向相反故D正确故选BD二、实验题11、 .0.165 m/s .0.214 m/s .0.48 m/s20.51 m/s2均可 .3.87cm3.90cm均可 .偏小【解析】（1）由题意可知，相邻两计数点之间的时间间隔为T=0.1s，打点计时器打计数点1时，小车的速度；打点计时器打计数点2时，小车的速度；（2）利用前四段位移并使用逐差法计算如下：，答案在0.48 m/s20.51 m/s2均可；（3）匀变速直线运动，相邻相等时间的位移差，是一个定值通过计算得，则：，计算结果在3.87cm3.90cm均可；（4）若交流电实际频率比50 Hz偏大，则相邻计时点间的时间间隔小于0.02s，相邻计

19、数点间的时间间隔就小于0.1s；但我们在计算时，仍然带入了T=0.1s，这就使得计算出的加速度值比实际值偏小12、 .B . . . .小华【解析】(1)1AB平衡摩擦力时，需要拿走小盘，纸带穿过打点计时器，并固定在小车尾端，然后调节斜面倾角，轻推小车，使小车在斜面上匀速的下滑，故A错误，B正确；C改变小车的质量，不需要重新平衡摩擦力，故C错误；故选B。(2)2砂桶和小车一起运动，根据牛顿第二定律，对砂桶：mg-F=ma，对小车：F=Ma，可得小车受到的拉力本实验用砂桶的重力代表小车受到的合外力（拉力），只有Mm时，才有Fmg；(3)3根据匀变速直线运动的判别式，结合六段位移采用逐差法得：4根据牛顿第二定律F=Ma，a与M成反比，而反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判