辽宁省大连市海湾高级中学2020年高三物理月考试卷含解析

1、辽宁省大连市海湾高级中学2020年高三物理月考试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）下列四个单位中，是电场强度E的单位的是 AT BN/C CV/A DJm/A参考答案：2. （单选）如图所示，在斜面顶端a处以速度va水平抛出一小球，经过时间ta恰好落在斜面底端P处；今在P点正上方与a等高的b处以速度vb水平抛出另一小球，经过时间tb恰好落在斜面的中点Q处。若不计空气阻力，下列关系式正确的是Ava=2vb Bva=vbCta=2tb Dta=2tb参考答案：B3. 下列说法正确的是A氢原子中的电子绕核运动时，辐射一定频率的电磁波B各

2、种原子的发射光谱都是线状谱，说明原子只发出几种特定频率的光C放射性元素的半衰期与元素所处的物理和化学状态无关，它是一个统计规律，只对大量的原子核才适用D比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定参考答案：答案：BCD4. （多选）两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L，底端接阻值为R的电阻。将质量为m的金属棒悬挂在一根上端固定的轻弹簧下端，金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，如图所示。除电阻R外其余电阻不计。现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放，则A释放瞬间金属棒的加速度等于重力加速度gB金属棒向下运动时，流过电阻R的电流方向为abC金属棒的速度为v时

3、，棒所受的安培力大小为FD最终电阻R上产生的总热量等于金属棒重力势能的减少量参考答案：AC5. 质量为m的探月航天器在接近月球表面的轨道上飞行，其运动视为匀速圆周运动。已知月球质量为M，月球半径为R，月球表面重力加速度为g，引力常量为G，不考虑月球自转的影响，则航天器的A.线速度B.角速度C.运行周期D.向心加速度参考答案：【知识点】万有引力定律及其应用D5【答案解析】AC 解析：根据万有引力提供卫星做圆周运动的向心力和万有引力等于重力得出：A、;故A正确；B、mg=m2R?=;故B错误；C、mg=mR?T=2;故C正确；D、G=ma?a=G;故D错误故选AC【思路点拨】研究月航天器绕月球做匀

4、速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求出问题向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所要求解的物理量选取应用不考虑月球自转的影响，万有引力等于重力应用万有引力定律进行卫星加速度、速度、周期和中心天体质量的估算二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （多选）一列横波在x轴上沿x轴正方向传播，振幅为A，在t与t+0.4s两时刻在x轴上3m到3m的区间内的波形图如图同一条图线所示，则正确的是（）A质点振动的最大周期为0.4 sB该波的最大波速为10 m/sC从t时开始计时，x=2 m处的质点比x=2.5 m处的质点先回到平衡位置D在t+0.2 s时，x=2 m处的质点位移

5、一定为A参考答案：考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象分析：根据波形图的周期性，重复性，可列出在0.4秒内的经过N个周期，从而得出波速的通项式，并由此确定周期的最大值和波速的最小值根据时间与周期的关系分析质点的位移由波的传播方向来确定质点的振动方向，判断回到平衡位置的先后解答：解：A、B、由题意可知，t=0时刻与t=0.4s时刻在x轴上3m至3m区间内的波形图如图中同一条图线所示，则有 0.4s=NT（N=1，2，3），所以当N=1时，周期最大，为T=0.4s，根据v=，当N=1时，波速最小为lOm/s，故A正确，B错误；C、横波沿x轴正方向传播，t=0时刻，x=2m处的质点向下运动，x=

6、2.5m处的质点先向上运动再回到平衡位置，所以从t=0开始计时，x=2 m处的质点比x=2.5m处的质点先回到平衡位置，C正确；D、在t+0.2 s时，x=2 m处的质点位移为零D错误；故选：AC点评：此题关键要理解波的传播周期性与重复性，列出周期的通项，掌握波速、频率与波长的关系，理解质点的振动方向与波的传播方向7. 某探究学习小组的同学欲验证“动能定理”，他们在实验室组装了一套如图所示的装置，另外他们还找到了打点计时器所用的学生电源、导线、复写纸、纸带、小木块、细沙当滑块连接上纸带，用细线通过滑轮挂上空的小沙桶时，释放小桶，滑块处于静止状态若你是小组中的一位成员，要完成该项实验，则：（1）

7、你认为还需要的实验器材有 （2）实验时为了保证滑块受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等，沙和沙桶的总质量应满足的实验条件是 ，实验时为保证细线拉力为木块的合外力首先要做的步骤是 （3）在（2）的基础上，某同学用天平称量滑块的质量M往沙桶中装入适量的细沙，用天平称出此时沙和沙桶的总质量m让沙桶带动滑块加速运动，用打点计时器记录其运动情况，在打点计时器打出的纸带上取两点，测出这两点的间距L和这两点的速度大小v1与v2（v1 v2）则本实验最终要验证的数学表达式为 （用题中的字母表示实验中测量得到的物理量）参考答案：（1）天平，刻度尺（2分） （2）沙和沙桶的总质量远小于滑块的质量（2分），平衡

8、摩擦力（2分）（3）8. 汽艇静水中的速度为5m/s，河水的流速为3m/s，若该汽艇渡过宽为80m的河道至少需要 s的时间；若汽艇要以最短的位移渡河，所用时间为 s。参考答案：16 209. （4分）一带电量为q的小圆环A，可沿着长为2的光滑绝缘固定的细杆在竖直方向运动，小圆环直径远小于。杆的下端固定一质量为m、带电量为q的小球B。平衡时，小圆环A恰好悬于细杆的正中间，如图所示。这时杆对B小球的拉力为_；若取B小球位置重力势能为零，当设法使B小球所带的电瞬间消失，则此后经过时间_A小环的动能恰等于其重力势能。（一切阻力均不计，静电力恒量用k表示）。参考答案：； 10. 图示为探究牛顿第二定律的

9、实验装置，该装置由气垫导轨、两个光电门、滑块和沙桶等组成。光电门可以测出滑块分别通过两个光电门的瞬时速度，导轨标尺可以测出两个光电门间的距离，另用天平测出滑块和沙桶的质量分别为M和m.下面说法正确的是_（选填字母代号）A用该装置可以测出滑块的加速度B用该装置探究牛顿第二定律时，要保证拉力近似等于沙桶的重力，因此必须满足mMC可以用该装置验证机械能守恒定律，但必须满足mMD可以用该装置探究动能定理，但不必满足mM某同学采用控制变量法探究牛顿第二定律，在实验中他将沙桶所受的重力作为滑块受到的合外力F，通过往滑块上放置砝码改变滑块的质量M。在实验中他测出了多组数据，并画出了如图所示的图像，图像的纵坐

10、标为滑块的加速度a，但图像的横坐标他忘记标注了，则下列说法正确的是 A图像的横坐标可能是F，图像AB段偏离直线的原因是没有满足mM B图像的横坐标可能是M，图像AB段偏离直线的原因是没有满足mM C图像的横坐标可能是，图像AB段偏离直线的原因是没有满足mM D若图像的横坐标是，且没有满足mM，图像的AB部分应向虚线上方偏离参考答案：11. 如图所示，我们可以探究平行板电容器的电容与哪些因素有关平行板电容器已充电，带电量为Q，静电计的指针偏角大小，表示两极板间电势差的大小如果使极板间的正对面积变小，发现静电计指针的偏角变大，我们就说平行板电容器的电容变小（填“变大”或“变小”）；如果使两极板间的

11、距离变大，发现静电计指针的偏角变大，我们就说平行板电容器的电容变小（填“变大”或“变小”）我们之所以能够得出这些结论是因为电容器的电容C=参考答案：考点：电容器的动态分析专题：电容器专题分析：根据电容的决定式，分析电容如何变化，由电容的定义式分析板间电压的变化，再判断静电计指针偏角的变化解答：解：根据C=，正对面积变小说明电容减小，又C=，电压增大则发现静电计指针的偏角变大；使两极板间的距离变大，根据C=，说明电容减小，又C=，电压增大则发现静电计指针的偏角变大我们之所以能够得出这些结论是因为电容器的电容C=故答案为：变小，变小，点评：本题是电容器动态变化分析问题，关键要掌握电容的决定式和电容

12、的定义式，并能进行综合分析12. 如图所示，N为金属板，M为金属网，它们分别与电池的两极相连，各电池的电动势和极性如图所示，已知金属板的逸出共为4.8eV线分别用不同能量的电子照射金属板（各光子的能量已在图上标出），那么各图中没有光电子到达金属网的是AC（填正确答案标号），能够到达金属网的光电子的最大动能是0.5eV参考答案：解：因为金属钨的逸出功为4.8eV所以能发生光电效应的是B、C、D，B选项所加的电压为正向电压，则电子一定能到达金属网；C选项光电子的最大初动能为1.0eV小于反向电压，根据动能定理，知电子不能到达金属网；D选项光电子的最大初动能为2.0eV，大于反向电压，根据动能定理，

13、有光电子能够到达金属网故没有光电子达到金属网的是A、C故选：ACD项中逸出的光电子最大初动能为：Ekm=E光W溢=6.8eV4.8eV=2.0eV，到达金属网时最大动能为Ek=2.01.5=0.5 eV故答案为：AC，0.513. 为判断线圈绕向，可将灵敏电流计G与线圈L连接，如图所示己知线圈由a端开始绕至b端：当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转将磁铁N极向下从线圈上方竖直插入L时，发现指针向左偏转（1）在图中L上画上几匝线圈，以便能看清线圈绕向；（2）当条形磁铁从图中的虚线位置向右远离L时，指针将指向 （3）当条形磁铁插入线圈中不动时，指针将指向 （选填“左侧”、“右侧”或“中央”）参

14、考答案：(1)如右图所示。(2)左侧(3)中央三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. （09年大连24中质检）（选修35）（5分）如图在光滑的水平桌面上放一个长木板A，其上放有一个滑块B，已知木板和滑块的质量均为m=0.8 kg，滑块与木板间的动摩擦因数=0.4，开始时A静止，滑块B以V=4ms向右的初速度滑上A板，如图所示，B恰滑到A板的右端，求：说明B恰滑到A板的右端的理由?A板至少多长?参考答案：解析：因为B做匀减速运动，A做匀加速运动，A，B达到共同速度V1时，B恰滑到A板的右端 （2分） 根据动量守恒 mv=2mv1（1分） v1=2m/s 设A板长为L，根据能量

15、守恒定律 （1分） L=1m15. （简答）如图12所示，一个截面为直角三角形的劈形物块固定在水平地面上.斜面,高h=4m，a=37,一小球以Vo=9m/s的初速度由C点冲上斜面.由A点飞出落在AB面上.不 计一切阻力.(Sin37=0.6,cos37 =0.8,g=10 m/s2)求.(l)小球到达A点的速度大小； (2)小球由A点飞出至第一次落到AB面所用时间； (3)小球第一次落到AB面时速度与AB面的夹角的正切值参考答案：(1)1 (2) 0.25s（3） 6.29N机械能守恒定律解析：(1)从C到A对小球运用动能定理，解得v0=1m/s(2)将小球由A点飞出至落到AB面的运动分解为沿

16、斜面（x轴）和垂直于斜面（y轴）两个方向;则落回斜面的时间等于垂直于斜面方向的时间所以（3）小球落回斜面时沿斜面方向速度垂直斜面方向速度vy=1m/s，所以（1）由机械能守恒定律可以求出小球到达A点的速度（2）小球离开A后在竖直方向上先做匀减速直线运动，后做自由落体运动，小球在水平方向做匀速直线运动，应用运动学公式求出小球的运动时间（3）先求出小球落在AB上时速度方向与水平方向间的夹角，然后再求出速度与AB面的夹角的正切值四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，在xOy平面的第一象限内，分布有沿x轴负方向的场强E=104N/C的匀强电场，第四象限内分布有垂直纸面向里的磁感应强度B

17、1=0.2 T的匀强磁场，第二、三象限内分布有垂直纸面向里的磁感应强度B2的匀强磁场。在x轴上有一个垂直于y轴的平板OM，平板上开有一个小孔P，P处连接有一段长度d=lcm内径不计的准直管，管内由于静电屏蔽没有电场。y轴负方向上距O点cm的粒子源S可以向第四象限平面内各个方向发射a粒子，假设发射的a粒子速度大小v均为2105ms，打到平板和准直管管壁上的a粒子均被吸收。已知a粒子带正电，比荷为l07Ckg，重力不计，求：(1) a粒子在第四象限的磁场中运动时的轨道半径和粒子从S到达P孔的时间； (2) 除了通过准直管的a粒子外，为使其余a粒子都不能进入电场，平板OM的长度至少是多长？(3) 经

18、过准直管进入电场中运动的a粒子，第一次到达y轴的位置与O点的距离；(4) 要使离开电场的a粒子能回到粒子源S处，磁感应强度B2应为多大？参考答案：解： （1）由 1分得m 1分周期粒子从S到达P孔的时间s 2分(2) 设平板的长度至少为L，粒子源距O点为h，由几何关系，有m 4分(3) 粒子进入电场后做类平抛运动，有x轴方向位移 1分y轴方向位移 1分加速度m/s2 1分几何关系可得m 1分所以，粒子到达y轴位置与o点的距离y=y+d=0.07m 1分(4) 设粒子在y轴射出电场的位置到粒子源S的距离为H，有H=y+h=(7+)10-2m 1分设粒子在y轴射出电场的速度方向与y轴正方向夹角为，有Tan=1 =450 1分v=若粒子离开电场经B2磁场偏转后直接回到离子源S处，则在B2磁场中圆周运动半径R= 1分由 得B2=T 2分若