精品解析浙江省杭州市滨江区20212021学年八年级上学期科学三校联考期中调研试卷（第1、2、4章）

1、Word文档，下载后可任意编辑 精品解析浙江省杭州市滨江区20212021学年八年级上学期科学三校联考期中调研试卷（第1、2、4章）(外装订线)(请不要在装订线内答题)(内装订线)登陆在线组卷平台助您教考全无忧浙江省杭州市滨江区2020-2021学年八年级上学期科学三校联考期中调研试卷（第1、2、4章）一、单项选择(本部分共有20道题，共60分)（共20题；共55分）1.规范操作是实验成功的关键。下列实验操作规范的是（?）A.?过滤除杂?B.?蒸发结晶C.?称取一定量食盐?D.?粗盐溶解【答案】D【考点】实验操作注意事项的探究【解析】【分析】根据化学实验操作的规范分析判断。【解答】A.过滤除杂

2、时，溶液应该通过玻璃棒引流注入漏斗中，故A错误；B.蒸发结晶时，应该用玻璃棒不断搅拌，故B错误；C.称取食盐时，应该将食盐放在左盘，砝码放在右盘，故C错误；D.粗盐溶解时，应该用玻璃棒不断搅拌，可以加快溶解，故D正确。故选D。2.如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关闭合后，滑动变阻器的滑片P向左移动时，三个电表的示数变化情况是（?）A.?A的示数变小，V1的示数变大，V2的示数变小B.?A的示数变大，V1的示数变小，V2的示数变大C.?A的示数变小，V1的示数不变，V2的示数变大D.?A的示数变大，V1的示数不变，V2的示数变小【答案】D【考点】欧姆定律及其应用【解析】【分析】在串联电路中

3、，电压与电阻成正比，据此分析电压表V2的示数变化，然后根据“总电压不变”分析电压表V1的示数变化，最后根据“电流与电阻的反比关系”分析电流表的示数变化。【解答】根据电路图可知，定值电阻R与变阻器R变串联，电压表V1测电源电压，V2测变阻器的电压，电流表测总电流。当变阻器的滑片P向左移动时，阻值变小，根据串联电路的分压规律可知，电压表V2的示数变小。由于总电压保持不变，所以电压表V1的示数不变。根据“电流与电阻的反比”关系可知，电流表的示数变大。故D正确，而A、B、C错误。故选D。?3.在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，电路正常工作。过了一会儿，灯L熄灭，两个电表中只有一个电表的

4、示数变小，则下列判断中正确的是（?）A.?灯L断路，电流表的示数变小?B.?电阻R断路，电压表的示数变大C.?灯L短路，电压表的示数变大?D.?电阻R短路，电流表的示数变小【答案】B【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【解析】【分析】对各个选项中的故障进行推测，将推测出的现象与实际现象比较，哪个完全一致，哪个就是正确选项。【解答】根据图片可知，定值电阻R与灯泡L串联，电压表测R的电压，电流表测总电流。A.如果灯泡断路，那么整个电路都没有电流，电压表和电流表的示数全部减小到零，故A不合题意；B.如果电阻R断路，那么电压表与灯泡串联。由于电压表的内阻很大，所以通过电路的电流变得很小，几乎为

5、零。在串联电路中，电压与电阻成正比，因此电压表几乎分得全部电压，示数变大，故B符合题意；C.如果灯泡L短路，那么总电阻变小，则电流表的示数变大。此时电压表测电源电压，则电压表的示数也变大，故C不合题意；D.如果电阻R短路，那么电压表的示数为零，而电流表的示数变大，故D不合题意。故选B。4.下列常见用电器的电流值接近0.4A的是（?）A.?普通石英钟?B.?12英寸笔记本电脑?C.?电饭煲?D.?1.5匹空调【答案】B【考点】电流和电流的单位换算【解析】【分析】根据对家用电器工作电流的认识分析。【解答】A.普通石英钟的工作电流在0.35mA左右，故A不合题意；?B.12英寸笔记本电脑的工作电流在

6、0.4A左右，故B符合题意；C.电饭煲的工作电流大约在4A左右，故C不合题意；?D.1.5匹空调的工作电流大约在6A左右，故D不合题意。故选B。5.下列四幅测定水流大小的设计图中，P是悬挂在一细长金属丝下面的小球，O是悬挂点，OP能绕O点转动，CD是水平放置的光滑电阻丝，CD与细金属丝OP始终保持良好的接触。设计要求：水不流动时细金属丝与电阻丝上的C点接触，电压表示为零；有水流动时，细金属丝将偏转，而且水的流速越大，偏转的角度越大，电压表的示数也越大。下列符合要求的设计是（?）A.?B.?C.?D.?【答案】D【考点】串、并联电路的设计【解析】【分析】在串联电路中，电压与电阻成正比，据此分析即

7、可。【解答】水不流动时细金属丝与电阻丝上的C点接触，电压表示为零，根据串联电路的电压规律可知，此时电压表并联的电阻丝长度肯定是零，即电压表应该并联接在OC两点间。?有水流动时，细金属丝将偏转，此时电压表并联的电阻丝长度增大，电阻增大，根据串联电路的电压规律可知，此时电压表的示数也会增大。故D符合题意，而A、B、C不合题意。故选D。6.某同学制作了如图所示的潜水艇模型，下列说法错误的是（?）A.?潜艇模型是通过改变潜艇的重力实现沉浮的B.?向内推注射器活塞，水会被压入试管中，可实现潜艇下沉C.?向外拉注射器活塞，试管内水量适当时，可实现潜艇悬浮D.?浸没在水中的潜艇模型在继续下沉的过程中，浮力不

8、变【答案】B【考点】物体的浮沉条件及其应用【解析】【分析】潜水艇浸没在水中的体积不变，因此受到的浮力不变，只能靠改变自身重力和浮力的大小关系实现浮沉，据此判断即可。【解答】A.通过注射器的活塞的抽拉作用，改变进入模型内部水的重力，从而改变潜艇浮力和重力的大小关系实现浮沉，故A正确不合题意；B.向内推注射器活塞，压缩空气会将模型内的水排出，使模型的重力减小，从而使潜艇模型实现上浮，故B错误符合题意；C.向外拉注射器活塞，试管内水量适当时，它的重力等于浮力，可实现潜艇悬浮，故C正确不合题意；D.浸没在水中的潜艇模型在继续下沉的过程中，排开水的体积不变，因此浮力不变，故D正确不合题意。故选B。7.甲

9、乙两物体的密度相同，甲的体积是乙的2倍将它们叠放在水槽里的水中，水面恰好与甲的上表面相平，如图所示现将乙物体取下，当甲物体静止时，甲物体将（?）A.?沉在水槽的底部B.?悬浮在原位置C.?漂浮，水下部分高度与甲的高度之比为1：2D.?漂浮，露出水面部分的体积与甲的体积之比为1：3【答案】D【考点】物体的浮沉条件及其应用【解析】【解答】由图可知：甲、乙处于漂浮，则由物体的漂浮条件可知：，即：，已知，所以，解得：，则当乙物体取下，由物体的浮沉条件及其应用可知：甲物体会漂浮，故A、B错误；甲漂浮时，由物体的漂浮条件可知：，即：，所以，；由得：；故C错误；已知，则；故D正确故选D【分析】由图可知：甲、

10、乙处于漂浮，则由物体的漂浮条件和阿基米德原理即可求出物体的密度与水密度的关系，据此可判断将乙物体取下甲物体的状态，然后根据阿基米德原理判断水下部分高度与甲的高度之比和露出水面部分的体积与甲的体积之比8.某同学利用如图甲所示的电路进行实验，电源电压恒为3伏，更换5个定值电阻Rx，得到如图乙所示的图像。以下有关叙述正确的是（?）A.?该同学研究的是电流和电压的关系B.?实验中电压表的示数保持0.5伏不变C.?滑动变阻器阻值变化范围为1欧5欧D.?将Rx从5欧换成10欧后，应将滑片P向左移【答案】C【考点】串、并联电路的电流特点，欧姆定律及其应用【解析】【分析】（1）探究电流和电压的关系时，应该保证

11、电阻相同改变电压；当探究电流与电阻的关系时，应该保证电压相同改变电阻；（2）根据乙图，找到对应的一组电阻和电流，然后根据U=IR计算电压即可；（3）根据乙图，找到电路中的最小电流和最大电流，分别计算出对应的变阻器的阻值即可；（4）在串联电路中，电压与电阻成正比，即电阻越大，电压越大。【解答】定值电阻Rx与变阻器串联，电流表测总电流，电压表测Rx的电压。A.根据题意可知，该实验改变电阻，控制电压相等，因此探究的是电流和电阻的关系，故A错误；B.实验中电压表的示数不变，应该是：U=IR=0.5A5=2.5V，故B错误；C.当电流为0.5A时，总电阻为：；变阻器接入的最小电阻为：；当电流为0.1A时

12、，总电阻为：；变阻器接入的最大电阻为：；因此变阻器的阻值变化范围为：15，故C正确；D.将Rx从5换成10后，根据串联电路的分压规律可知，它两端的电压大于3V，那么为了保持3V不变，它两端的电压要较小；根据总电压不变可知，那么变阻器两端的电压要增大，即电阻增大，滑片P右移，故D错误。故选C。9.放有适量水的烧杯置于水平桌面上。将一木块浸没到水中一定深度后撤去外力，木块开始上浮，如图所示，最后漂浮，且有五分之二体积浸入水面。下列叙述中，正确的是（?）A.?在露出水面之前，木块所受浮力增大B.?木块的密度为0.6克/厘米3C.?木块在浸没和漂浮两种情况下，水对烧杯底的压强不相同D.?当木块漂浮时，

13、向水中一直加入食盐，木块排开液体体积一直变小【答案】C【考点】阿基米德原理，浮力大小的计算，物体的浮沉条件及其应用，液体压强计算公式的应用【解析】【分析】（1）根据公式F浮=水gV排可分析露出水面前受到的浮力变化；（2）木块漂浮，浮力等于重力，利用密度公式和阿基米德原理列出等式即可木块的密度；（3）根据p=水gh分析排开水的体积的变化得出水的深度的变化，进而得出压强的大小变化；（4）因为食盐的溶解度是一定的，所以水中不能无限度的溶解食盐，即食盐水的密度最终会保持不变，根据阿基米德原理分析木块排开水的体积变化即可。【解答】A.木块上浮过程中，它排开水的体积不变，根据公式F浮=水gV排可知，木块所

14、受浮力不变，故A错误；B.木块最后漂浮，根据漂浮条件可得：F浮=G木；水gV排=木gV木，水V排=木V木，水=木V木；解得：木=0.4g/cm3，故B错误；C.因木块浸没时排开水的体积大于木块漂浮时排开水的体积，所以木块浸没时水的深度大于木块漂浮时水的深度，则根据p=水gh可知，木块浸没时水对烧杯底的压强较大，故C正确；D.根据阿基米德原理F浮=水gV排可知，当浮力不变时，排开液体的体积与液体密度成反比。因为加入食盐后密度增大，所以木块的体积会不断减小。但是食盐的溶解度是一定的，当食盐水达到饱和后，食盐水的密度保持不变，那么木块的体积就保持不变，故D错误。故选C。10.图1电路中，电源电压可调

15、，R为定值电阻，Rt为热敏电阻，其阻值随温度变化的图象如图2。若把其中一个电表改装成温度计，要求温度升高时，电表示数增大。下列操作可提高温度计灵敏度的是（?）A.?减小电源电压?B.?减小R的电阻值?C.?增大电流表量程?D.?增大电压表量程【答案】B【考点】欧姆定律及其应用【解析】【分析】首先根据图2确定温度升高时热敏电阻的阻值变化，然后根据“串联电路电压与电阻成正比”分析电压表的示数变化，根据“电流与电阻成反比”分析电流表的示数变化，据此确定可以改装成温度计的电表即可。【解答】根据图1可知，定值电阻R与热敏电阻Rt串联，电压表测Rt电压，电流表测总电流。根据图2可知，当温度升高时，热敏电阻

16、Rt阻值减小，根据串联电路的分压规律可知，电压表的示数减小；根据电流与电阻的反比关系可知，电流表的示数增大。因此将电流表改装成温度计。要提高温度计的灵敏度，其实就是温度相同时，增大电流；根据公式可知，只需要减小定值电阻R的阻值即可。故B正确，而A、C、D错误。故选B。11.如图所示，是小明测量未知电阻Rx的实验电路，电源电压不变，其中R0为阻值已知的定值电阻。当闭合开关S1和S2时，电流表的示数为I1；当只闭合开关S1时，电流表的示数为I2。则下列四个选项中，Rx的表达式正确的是（?）A.?Rx=?B.?Rx=?C.?Rx=?D.?Rx=【答案】D【考点】伏安法测电阻的探究实验【解析】【分析】

17、在并联电路中，电流与电阻成反比，即，据此分析解答。【解答】当闭合开关S1和S2时，两个电阻并联，电流表测通过干路的电流，示数为I1；当只闭合开关S1时，电流表测通过R2的电流，示数为I2。那么通过Rx的电流为：Ix=I1-I2；根据公式得到：；解得：Rx=。故选D。12.利用伏安法测量电阻时，由于电表本身电阻的影响，造成测量结果有误差。现采用图所示电路，能较准确的测量Rx的阻值，已知A、B之间的电压U保持不变。当S接通a时，电圧表示数为9.6V，电流表示数为0.3A，当S接通b时，电压表示数为12V，电流表示数为0.25A，则待测电阻Rx的阻值为（?）A.?32?B.?40?C.?48?D.?

18、70【答案】B【考点】欧姆定律及其应用【解析】【分析】S接a时，电压表测RX两端的电压，电流表测电路电流，由串联电路的特点及欧姆定律列方程；S接b时，电压表测RX与电流表的串联电压，即AB间的总电压U，电流表测电路电流，由欧姆定律列方程；最后联立可求出待测电阻RX的阻值。【解答】设电流表的内阻为RA，S接a时，电压表测Rx两端的电压，电流表测电路电流，由串联电路的特点可得电源电压：U=UX+UA=UX+I1RA，即：U=9.6V+0.3ARA?S接b时，电压表测Rx与电流表两端的总电压U，电流表测电路电流，此时电压表示数为12V，则电源电压U=12V，将U=12V代入式，解得RA=8；由电阻的

19、串联和欧姆定律可得：U=I2（RX+RA），即：12V=0.25A（RX+8）；解得：RX=40。故选B。13.如图所示的电路中，电源电压保持不变。当闭合开关S1并将开关S2断开，甲、乙两表均为电流表时，两表的示数之比I甲：I乙为5：3；当开关S1和S2闭合，甲、乙两表均为电压表时，两表示数之比U甲：U乙为（?）A.?3：5?B.?3：2?C.?2：5?D.?5：3【答案】C【考点】串、并联电路的电流特点，串、并联电路的电压特点【解析】【分析】在并联电路中，电流与电阻成正比；在串联电路中，电压与电阻成正比，据此计算即可。【解答】当闭合开关S1并将开关S2断开时，两个电阻并联，电流表甲测总电流，

20、乙测通过R2的电流。根据I总=I1+I2得到：I甲：I乙=（I1+I2）：I2=5：3；解得：I1：I2=2：3；根据并联电路的电流规律得到：；当开关S1和S2闭合时，电压表甲测R2的电压，乙测总电压，根据串联电路的电压规律得到：；根据U总=U1+U2得到：U甲：U乙=U2：（U1+U2）=2：5.故选C。14.质量相等的两个实心小球甲和乙，已知它们的密度之比是甲：乙=1：3，现将甲、乙两球放入盛有足够多水的烧杯中，当甲、乙两球处于静止状态时，水对两球的浮力之比F甲：F乙=3：2，下列结论中错误的是（?）A.?甲球受到的浮力与它的重力相等?B.?甲球漂浮，乙球沉底C.?甲球的密度为0.8103

21、kg/m3?D.?乙球的密度为1.5103kg/m3【答案】C【考点】浮力大小的计算，物体的浮沉条件及其应用【解析】【分析】首先根据密度公式计算出两个球的体积之比，分别假设全部漂浮和全部浸没，求出浮力之比与实际的数据比较，进而确定最终状态一漂一沉，最后利用浮沉条件和浮力之比列式计算出即可。【解答】因为两球质量相等，密度之比是甲：乙=1：3，根据密度公式得到：它们的体积之比为V甲：V乙=3：1；若两球在水中都漂浮，则它们受到的浮力等于自身重力，就即F甲：F乙=G甲：G乙=m甲：m乙=1：1，因此它们不都是漂浮；若两球在水中都是全部浸没，则它们受到的浮力之比：F甲：F乙=水gV甲：水gV乙=V甲：

22、V乙=3：1，因此它们不能全部浸没；那么只能是密度小的甲球漂浮，密度大的乙球下沉；因为甲球漂浮，所以它受到的浮力等于重力，故A正确不合题意；综上分析，甲球漂浮，乙球下沉，故B正确不合题意；当甲、乙两球处于静止状态时，它们受到的浮力之比：F甲：F乙=甲V甲g：水V乙g=甲V甲：水V乙=3：2；即：（甲3）：（103kg/m31）=3:2；解得：甲=0.5103kg/m3。因为甲：乙=1：3，所以乙=1.5103kg/m3故C错误符合题意，D正确不合题意。故选C。15.如图所示，玻璃水槽中装有一定深度的水，一正方体木块漂浮在水面上，在水槽口下方设有固定的水平金属网(水能倒入但木块不能穿过)。现缓慢

23、向水槽中注水，使水槽内水面上升，直到水面与水槽口相平。下列能正确表示在注水过程中木块所受到的浮力与注水时间的关系图像是(?)A.?B.?C.?D.?【答案】D【考点】浮力的变化【解析】【分析】首先分析木块排开水的体积的变化，然后根据阿基米德原理F浮=水gV排分析受到浮力的变化。【解答】在开始的一段时间内，木块漂浮在水面上，随着水面的升高而升高，但是排开水的体积不变；当木块上表面顶住金属网后，木块的位置不再升高，随着水面的升高木块排开水的体积不断增大；当水面没过木块上表面后，虽然水面在不断升高，但是木块排开水的体积保持不变。根据阿基米德原理F浮=水gV排可知，木块受到浮力先不变，再增大，最后保持

24、不变，故D符合题意，而A、B、C不合题意。故选D。16.小明用刻度尺、塑料碗、大烧杯(底面积为S)等器材测量金属球的体积和质量，他先在烧杯内放入适量水，再将塑料碗轻轻放入水中，如图甲所示，测出此时烧杯内水的深度为h1；将金属球放在塑料碗中，放入球后的状态如图乙所示，测出此时烧杯内水的深度为h2；将塑料碗中的金属球轻放入烧杯中，如图丙所示，测出此时烧杯内水的深度为h3，下列有关叙述中，正确的是（?）A.?烧杯内水的深度大小关系h3h2h1?B.?金属球的体积是（h2-h1）SC.?金属球的密度是水（h2-h1）/（h3-h1）?D.?金属球的质量是水（h3-h1）S【答案】C【考点】固体密度的测

25、量【解析】【分析】根据甲乙两图，利用浮沉条件和阿基米德原理计算出金属球的质量；根据甲丙两图，计算出金属球的体积，最后根据密度公式计算即可。【解答】设烧杯的底面积为S，根据甲乙两图可知，金属球漂浮时排开水的体积V=h2S-h1S=（h2-h1）S；金属球受到的浮力F浮力=水gV排=水（h2-h1）S，漂浮时，金属球受到的浮力等于重力，即F浮力=G球；那么金属球的质量m球=；根据甲丙两图可知，金属球的体积V球=h3S-h1S=（h3-h1）S；那么金属球的密度。故ABD错误，C正确。故选C。17.M是硝酸钾或氯化铵其中的一种，硝酸钾和氯化铵在不同温度(t0【答案】D【考点】饱和溶液与不饱和溶液，固

26、体溶解度的概念，溶质的质量分数及相关计算【解析】【分析】根据溶解度、溶质质量分数，饱和溶液和不饱和溶液的知识分析解答。【解答】A.t1时150g水中加入60gM全部溶解，升温到t2时蒸发50g水后，没有固体析出，说明该物质的溶解度应该大于或等于60g，根据图像可知，M是硝酸钾，故A正确不含题意；B.根据图像可知，t1时，硝酸钾的溶解度大于40g，那么150g水中最多溶解的硝酸钾的质量肯定大于60g，因此溶液为不饱和溶液。t2时，硝酸钾的溶解度为60g，而此时溶质的质量正好为60g，水的质量正好为100g，因此溶液为饱和溶液；溶液出现未溶的硝酸钾，肯定为饱和溶液，故B正确不合题意；C.溶液中溶质

27、质量分数为，故C正确不合题意；D.溶液中，的溶质质量分数为37.5%，的溶质质量分数为；降温后，溶液的溶质质量分数要比小，不一定比大，故D错误符合题意。故选D。18.“生命吸管（Lifestraw）”是一种快速获取野外饮用水的吸管装置。内装有多种过滤器，其中滤网可去除大部分颗粒物；活性炭和离子交换树脂可去除异味与重金属离子；超滤膜可滤除99.99%的细菌和病毒。下列有关叙述不正确的是（?）A.?净化后的水属于纯净物B.?滤网起到过滤的作用C.?活性炭具有吸附作用，能吸附异味D.?若无生命吸管，生活中杀灭细菌和病毒可以用煮沸的方法【答案】A【考点】水的净化，过滤的原理、方法、操作及其应用，常见物

28、质的分类【解析】【分析】（1）只由一种物质组成的叫纯净物，由两种或两种以上的物质组成混合物；（2）过滤用于分离液体和不溶于液体的固态物质；（3）根据活性炭的吸附作用分析；（4）煮沸的方法不但可以降低水的硬度，还可以杀死细菌和病毒。【解答】A.净化后的水中仍然存在大量的矿物质，属于混合物，故A错误符合题意；?B.滤网起到过滤的作用，故B正确不合题意；?C.活性炭具有吸附作用，能吸附异味，故C正确不合题意；D.若无生命吸管，生活中杀灭细菌和病毒可以用煮沸的方法，故D正确不合题意。故选A。19.如图所示为蒸发氯化钠溶液的实验过程，其中为恒温蒸发过程，为升温蒸发过程，溶液恰好为饱和状态，分析实验过程，

29、可以作出的正确判断是（?）A.?在过程中，氯化钠的质量分数保持不变B.?在过程中，氯化钠的溶解度不断增大C.?在过程中，水的质量分数不断增大D.?在过程中，氯化钠的质量分数先不变后增大【答案】D【考点】固体溶解度的概念，溶质的质量分数及相关计算【解析】【分析】（1）根据溶质质量分数=分析；（2）当温度不变时，同种物质的溶解度相同；（3）氯化钠的溶解度随温度的升高而增大；物质的溶解度越大，饱和溶液的溶质质量分数越大；（4）根据前面分析的结果判断即可。【解答】A.溶液变化为溶液，没有晶体析出，所以图和图中溶液的溶质质量相等，但溶剂水的质量减少，根据溶质质量分数=可知，溶质质量分数，故A错误；B.都

30、是恒温蒸发得到的氯化钠的饱和溶液，因为温度不变，所以溶解度不变，故B错误；C.在过程中，溶液温度升高，溶解度变大，所以溶质的质量分数。根据水的质量分数=1-溶质质量分数可知，溶剂水的质量分数V排水根据图片可知，装水的容器是乙。（2）因为V排酒精V排水，所以密度计放在酒精中，液面的位置在纯水密度值刻度线的上方，即刻度0.9应该在p点。密度计始终处于漂浮状态，故：F浮=G物，即：液gV排=液gSh浸=G物，浸入液体的深度：，则密度计处于漂浮状态时浸没的深度与液体密度成反比，所以密度计刻度不均匀，即小明这样均匀标示刻度不对。31.在“探究电流与电压、电阻的关系”的实验中，实验室老师给同学们准备了以下

31、器材：“5、10、15、20”的定值电阻各一个，“151A”的滑动变阻器一个，电流表，电压表，电源，开关和导线若干。?（1）根据如图所示的实物图，在指定位置的虚线框内画出电路图.（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置_（填“左”或“右”）端?（3）在“探究电流与电压的关系”时，记录的电流表与电压表的示数如下表所示，请在图示坐标纸上描点画出UI图象_。由此得出实验结论是：_。该实验中滑动变阻器的作用是：_。实验次数12345电压U/V0.51.01.52.02.5电流I/A0.10.20.30.40.5（4）在“探究电流与电阻的关系”的实验中，先将5电阻连入电路中，闭合开关，移动滑片，使电压表的

32、示数为1.5V，读出电流表的示数；然后将10电阻接入电路，接下来的操作是_。再将15、20的电阻接入电路，重复上述实验。当改接20的电阻进行实验时，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，电压表的示数始终无法达到1.5V，经检查，电路连接无误，各元件均完好，请你找出一种可能的原因_。【答案】（1）（2）右（3）；当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；改变定值电阻两端的电压，保护电路（4）闭合开关，将滑片向右移，使电压表的示数为1.5V，读出电流表的示数；滑动变阻器的阻值太小【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【解析】【分析】（1）根据实物图画电路图，要保证电器元件的串并联关系，元件的先

33、后顺序保证一致，据此作图即可；（2）在闭合开关前，为了防止电流过大而烧坏用电器或电表，所以将变阻器的滑片移动到阻值最大的位置；（3）方格纸上，横轴表示电压，纵轴表示电流，根据表格数据依次找到各点，最后用线将相邻的点连接起来即可。如果图像为一条通过坐标原点的斜线，那么二者成正比例关系；如果图像为一条双曲线，那么二者成反比例关系。探究电流与电阻的关系时，要保证电阻两端的电压相等而改变电阻，据此分析变阻器的作用。（4）在串联电路中，电压与电阻成正比，据此判断电阻变大后电压表的示数变化，然后分析电压表恢复原来示数的变化方向，再根据U总=U1+U2确定变阻器两端的电压变化，进而确定变阻器的阻值变化即可。

34、?在实验的过程中，定值电阻两端的电压保持不变，那么它与变阻器的阻值之比就保持不变。由于定值电阻的阻值不断增大，所以要求变阻器的阻值不断变大。当变阻器的阻值不够使用时，就会出现电压表的示数偏大的情形。【解答】（1）根据实物图可知，电流从正极出发，依次经过开关、电流表、定值电阻、变阻器，然后回到负极。电压表与定值电阻并联，因此电路图如下：（2）根据图片可知，当滑片在最右端时，变阻器的阻值最大，因此闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于右端。（3）方格纸上，横轴表示电压，纵轴表示电流，根据表格数据依次找到各点，最后用线将相邻的点连接起来即可，如下图所示：由于图像为通过坐标原点的斜线，所以的点结论：当电阻

35、一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。该实验中滑动变阻器的作用是：改变定值电阻两端的电压，保护电路。（4）根据串联电路的电压与电阻成正比的规律可知，当电阻由5变成10时，电压表的示数增大。如果电压表要保持1.5V不变，那么它的示数就要减小。根据U总=U1+U2可知，变阻器两端的电压要变大。根据串联电路的电压规律可知，变阻器的阻值要变大，因此操作为：闭合开关，将滑片向右移，使电压表的示数为1.5V，读出电流表的示数。?当改接20的电阻进行实验时，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，电压表的示数始终无法达到1.5V，经检查，电路连接无误，各元件均完好，可能原因是：滑动变阻器的阻值太小。32.小

36、明想利用实验室所提供的器材测量未知电阻Rx的阻值，实验室提供的器材有：电源（电压、未知）、一只电流表、一只电压表、开关S1、S2各一个，以及有三只电阻：滑动变阻器R、阻值已知的电阻器R0、待测电阻Rx，导线若干。（1）按如图甲所示的电路进行测量，请用笔画代替导线按照图甲在图乙的实物图中连线。（2）小明认为不用电压表，并利用阻值已知的电阻器R0，也可以设计另外一种测量未知电阻Rx的方案，请你帮他完成以下问题：画出该实验方案的电路图_；简述实验的主要步骤：_。写出该实验方案Rx的表达式（用已知量和测得量表示）_。【答案】（1）（2）；闭合开关S2，断开开关S1，读出电流表的读数I1；闭合开关S1，

37、断开开关S2，读出电流表的读数I2；【考点】伏安法测电阻的探究实验【解析】【分析】（1）根据电路图连接实物图时，要保持电器元件的串并联关系和先后顺序一致，据此完成实物图的连接即可。（2）在并联电路中，电流与电阻成反比，即。将两个电阻并联，通过开关的切换，用同一只电流表分别测出通过它们的电流，最后通过这个计算式计算待测电阻的阻值即可。【解答】（1）根据电路图可知，电流从正极出发，依次经过定值电阻Rx、变阻器、电流表、开关回到电源负极。电压表与Rx并联，变阻器使用的是滑片左边的部分，因此它必须接左下角的接线柱，如下图所示：（2）R0与Rx并联，各有一个开关与它们串联，电流表在干路上，实验方案的电路

38、图：。实验步骤为：闭合开关S2，断开开关S1，读出电流表的读数I1；闭合开关S1，断开开关S2，读出电流表的读数I2；根据公式的点：；则该实验方案Rx的表达式。33.如图所示的电路中，电源电压为18V且不变，电阻R1的阻值为6，滑动变阻器上标有“50?2A”字样。闭合电键S后，电压表V1的示数为6伏。求：（1）通过电阻R1的电流；（2）滑动变阻器接入电路的阻值；（3）若电压表V1、V2所接的量程均为015伏，在保证电路安全工作的情况下，计算滑动变阻器R2允许接入电路的电阻范围。【答案】（1）I1=U1/R1=6V/6=1A（2）R2=U2/I2=(186)V/1A=12（3）当U1=15V时，

39、I1=U1/R1=15V/6=2.5A，2.5A2A所以不行，R=U/I=18V/2A=9R2=RR1=3当U2=15V时，U1=18V15V=3V，R2/R1=U2/U1R2/6=15V/3VR2=30所以R2的阻值范围是3至30【考点】欧姆定律及其应用【解析】【分析】（1）电压表V1测电阻R1的电压，已知电压和电阻根据公式计算即可；（2）首先根据U2=U-U1计算出变阻器两端的电压，然后根据计算即可；（3）首先根据电压表V1的量程计算出通过电阻R1的最大电流，然后与变阻器的最大电流比较，确定电路的最大电流，然后根据计算出总电阻，根据计算出变阻器接入的最小电阻；当电压表V2满量程时，根据计算

40、出这时电阻R1的电压，然后根据串联电路电压与电阻成正比，即计算出变阻器接入的最大阻值即可。?34.下表为硫酸密度与硫酸溶液中的溶质的质量分数对照表（20）密度（g/mL）1.011.071.141.221.301.401.501.611.731.811.84质量分数（%）110203040506070809098有一物块A,其体积为500cm3，密度为1.30g/cm3。一只容器中盛有某硫酸溶液5千克,将物块A放入该溶液中静止后如图所示，此时物块A有2/15的体积露出液面。（1）求物块A静止时受到的浮力大小?（2）求这种硫酸溶液的溶质质量分数是多少?（3）要使物块A全部浸入溶液中，至少需要往容

41、器中加水多少千克？(容器足够大，加水后溶液不溢出。)【答案】（1）物体A的质量：mA=AVA=1.30g/cm3500cm3=650g；A的重力：GA=mAg=65010-3kg10N/kg=6.5N，物体A在液面漂浮，那么根据浮沉条件得到：F浮=GA=6.5N；（2）因为物体A在液面漂浮，所以F浮=GA；即液gV排=GA；液10N/kg（50010-6m3）=6.5N；解得：A=1.5103kg/m3=1.50g/cm3；根据表格可知，此时硫酸溶液的溶质质量分数为60%。（3）如果物体A要全部进入溶液中，那么根据浮沉条件可知，硫酸溶液的密度等于物体A的密度，即硫酸的密度为1.3g/cm3。由

42、表中数据可知硫酸溶液此时的质量分数为40%；原来硫酸溶液中溶质的质量为：5kg60%=3kg；加入的过程中，硫酸质量不变，设加入水的质量为x，（5kg+x）40%=3kg；解得：x=2.5kg。【考点】密度公式的应用，阿基米德原理，物体的浮沉条件及其应用【解析】【分析】（1）首先根据G=mg=Vg求出A的重力，再利用漂浮条件计算物体A受到的浮力；（2）根据浮沉条件的点浮力和重力的关系式，再用阿基米德原理公式将其拆开，从而求出液体的密度，再根据表中数据可知硫酸溶液的质量分数；（3）首先根据浮沉条件确定物体A完全浸没时硫酸溶液的密度，然后根据表格确定此时硫酸溶液的质量分数，再根据稀释前后溶质的质量

43、保持不变列出方程，从而计算出加水的质量。35.预防流感现在最有效的预防方法之一就是用消毒液对空气消毒深圳市科瑞德消毒用品公司生产二氧化氯消毒液，是国际上公认的新一代强力，广谱，安全，高效的消毒剂，已被世界卫生组织（WHO）列为A1级安全消毒剂二氧化氯消毒液能够迅速，彻底杀灭各种细菌（大肠杆菌，白色念珠菌等）和病毒（肝炎病毒，流感病毒等）我校决定今天放学后对全校教室、寝室全面消毒小陈观察到瓶上的标签如下表所示。二氧化氯(ClO2)1000毫升溶质的质量分数80%密度1.2克/厘米3相对分子质量67.5强腐蚀性，阴冷，密封储藏（1）这500毫升二氧化氯消毒液含溶质二氧化氯_克。（2）若将这500毫

44、升二氧化氯消毒液与1000克水均匀混合，所得稀二氧化氯消毒液中二氧化氯的质量分数是多少？（3）我校欲配制30kg质量分数为20%的稀二氧化氯消毒液用来消毒，需要多少升这种二氧化氯消毒液和多少升水？【答案】（1）480（2）所得二氧化氯消毒液的质量分数：；（3）设需要原来的消毒液的质量为x，30kg20%=80%x；解得：x=7.5kg；这种消毒液的体积：；需要加水的质量：30kg-7.5kg=22.5kg；需要加水的体积：。【考点】溶质的质量分数及相关计算【解析】【分析】（1）首先根据m=V计算出消毒液的质量，再根据溶质质量=溶液质量溶质质量分数计算即可；（2）根据溶质质量分数=计算即可；（3

45、）稀释前后，溶质的质量保持不变，据此根据溶质质量=溶液质量溶质质量分数列出方程，从而计算出需要这种消毒液的质量，再根据密度公式计算出消毒液的体积。将前后消毒液的质量相减得到加入水的质量，再根据密度公式计算加入水的体积。【解答】（1）二氧化氯消毒液的质量：m=V=1.2g/mL500mL=600g；其中溶质二氧化氯的质量：600g80%=480g。（2）所得二氧化氯消毒液的质量分数：；（3）设需要原来的消毒液的质量为x，30kg20%=80%x；解得：x=7.5kg；这种消毒液的体积：；需要加水的质量：30kg-7.5kg=22.5kg；需要加水的体积：。36.某工厂要研发一种新型材料，要求对该

46、材料所承受的撞击力进行测验，测验电路如图甲所示。在测验时将材料样品(不计质量)平放在压力传感器上，闭合开关S，从一定高度由静止自由释放重为200N的重物，经撞击后样品材料仍完好无损。从重物开始下落到撞击样品的这个过程中，电流表的示数随时间t变化的图像如图乙所示，压力传感器的电阻R随压力F变化的图像如图丙所示。电源电压=12V，定值电阻R0=10。求：（1）在重物下落的过程中，压力传感器的电阻是多少？（2）在撞击过程中，样品受到的最大撞击力是多少？（3）图乙中x的值。【答案】（1）根据甲图可知，定值电阻R0与压力传感器串联，电流表测总电流。在重物下落的过程中，没有与压力传感器接触，根据乙图可知，

47、此时电流表的示数为0.1A，总电阻；传感器的电阻R=R总-R0=120-10=110；（2）根据乙图可知，电路的最大电流为0.6A，总电阻为：；此时传感器的电阻：R=R总-R0=20-10=10；根据丙图可知，此时样品受到的最大撞击力为600N。（3）当撞击结束后，物体静止在压力传感器上时，此时压力等于物体重力200N，根据丙图可知，此时压力传感器的电阻为70；那么此时电流为：。因此乙图中的x的值未0.15A。【考点】欧姆定律及其应用【解析】【分析】（1）在重物下落的过程中，没有与压力传感器接触，根据乙图可知，此时电流表的示数为0.1A，根据计算出总电阻，再根据R=R总-R0计算出传感器的电阻

48、；（2）根据乙图确定电路的最大电流，根据（1）中的方法计算出此时压力传感器的电阻，最后根据丙图确定此时最大撞击力；（3）根据乙图可知，当撞击结束后，物体静止在压力传感器上时，此时压力等于物体重力200N，据此根据丙图确定此时传感器的电阻，根据计算出对应的电流，这就是x的值。1/1(外装订线)(请不要在装订线内答题)(内装订线)登陆在线组卷平台助您教考全无忧浙江省杭州市滨江区2020-2021学年八年级上学期科学三校联考期中调研试卷（第1、2、4章）一、单项选择(本部分共有20道题，共60分)（共20题；共55分）1.规范操作是实验成功的关键。下列实验操作规范的是（?）A.?过滤除杂?B.?蒸发

49、结晶C.?称取一定量食盐?D.?粗盐溶解2.如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关闭合后，滑动变阻器的滑片P向左移动时，三个电表的示数变化情况是（?）A.?A的示数变小，V1的示数变大，V2的示数变小B.?A的示数变大，V1的示数变小，V2的示数变大C.?A的示数变小，V1的示数不变，V2的示数变大D.?A的示数变大，V1的示数不变，V2的示数变小3.在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，电路正常工作。过了一会儿，灯L熄灭，两个电表中只有一个电表的示数变小，则下列判断中正确的是（?）A.?灯L断路，电流表的示数变小?B.?电阻R断路，电压表的示数变大C.?灯L短路，电压表的示数变

50、大?D.?电阻R短路，电流表的示数变小4.下列常见用电器的电流值接近0.4A的是（?）A.?普通石英钟?B.?12英寸笔记本电脑?C.?电饭煲?D.?1.5匹空调5.下列四幅测定水流大小的设计图中，P是悬挂在一细长金属丝下面的小球，O是悬挂点，OP能绕O点转动，CD是水平放置的光滑电阻丝，CD与细金属丝OP始终保持良好的接触。设计要求：水不流动时细金属丝与电阻丝上的C点接触，电压表示为零；有水流动时，细金属丝将偏转，而且水的流速越大，偏转的角度越大，电压表的示数也越大。下列符合要求的设计是（?）A.?B.?C.?D.?6.某同学制作了如图所示的潜水艇模型，下列说法错误的是（?）A.?潜艇模型是

51、通过改变潜艇的重力实现沉浮的B.?向内推注射器活塞，水会被压入试管中，可实现潜艇下沉C.?向外拉注射器活塞，试管内水量适当时，可实现潜艇悬浮D.?浸没在水中的潜艇模型在继续下沉的过程中，浮力不变7.甲乙两物体的密度相同，甲的体积是乙的2倍将它们叠放在水槽里的水中，水面恰好与甲的上表面相平，如图所示现将乙物体取下，当甲物体静止时，甲物体将（?）A.?沉在水槽的底部B.?悬浮在原位置C.?漂浮，水下部分高度与甲的高度之比为1：2D.?漂浮，露出水面部分的体积与甲的体积之比为1：38.某同学利用如图甲所示的电路进行实验，电源电压恒为3伏，更换5个定值电阻Rx，得到如图乙所示的图像。以下有关叙述正确的

52、是（?）A.?该同学研究的是电流和电压的关系B.?实验中电压表的示数保持0.5伏不变C.?滑动变阻器阻值变化范围为1欧5欧D.?将Rx从5欧换成10欧后，应将滑片P向左移9.放有适量水的烧杯置于水平桌面上。将一木块浸没到水中一定深度后撤去外力，木块开始上浮，如图所示，最后漂浮，且有五分之二体积浸入水面。下列叙述中，正确的是（?）A.?在露出水面之前，木块所受浮力增大B.?木块的密度为0.6克/厘米3C.?木块在浸没和漂浮两种情况下，水对烧杯底的压强不相同D.?当木块漂浮时，向水中一直加入食盐，木块排开液体体积一直变小10.图1电路中，电源电压可调，R为定值电阻，Rt为热敏电阻，其阻值随温度变化

53、的图象如图2。若把其中一个电表改装成温度计，要求温度升高时，电表示数增大。下列操作可提高温度计灵敏度的是（?）A.?减小电源电压?B.?减小R的电阻值?C.?增大电流表量程?D.?增大电压表量程11.如图所示，是小明测量未知电阻Rx的实验电路，电源电压不变，其中R0为阻值已知的定值电阻。当闭合开关S1和S2时，电流表的示数为I1；当只闭合开关S1时，电流表的示数为I2。则下列四个选项中，Rx的表达式正确的是（?）A.?Rx=?B.?Rx=?C.?Rx=?D.?Rx=12.利用伏安法测量电阻时，由于电表本身电阻的影响，造成测量结果有误差。现采用图所示电路，能较准确的测量Rx的阻值，已知A、B之间

54、的电压U保持不变。当S接通a时，电圧表示数为9.6V，电流表示数为0.3A，当S接通b时，电压表示数为12V，电流表示数为0.25A，则待测电阻Rx的阻值为（?）A.?32?B.?40?C.?48?D.?7013.如图所示的电路中，电源电压保持不变。当闭合开关S1并将开关S2断开，甲、乙两表均为电流表时，两表的示数之比I甲：I乙为5：3；当开关S1和S2闭合，甲、乙两表均为电压表时，两表示数之比U甲：U乙为（?）A.?3：5?B.?3：2?C.?2：5?D.?5：314.质量相等的两个实心小球甲和乙，已知它们的密度之比是甲：乙=1：3，现将甲、乙两球放入盛有足够多水的烧杯中，当甲、乙两球处于静

55、止状态时，水对两球的浮力之比F甲：F乙=3：2，下列结论中错误的是（?）A.?甲球受到的浮力与它的重力相等?B.?甲球漂浮，乙球沉底C.?甲球的密度为0.8103kg/m3?D.?乙球的密度为1.5103kg/m315.如图所示，玻璃水槽中装有一定深度的水，一正方体木块漂浮在水面上，在水槽口下方设有固定的水平金属网(水能倒入但木块不能穿过)。现缓慢向水槽中注水，使水槽内水面上升，直到水面与水槽口相平。下列能正确表示在注水过程中木块所受到的浮力与注水时间的关系图像是(?)A.?B.?C.?D.?16.小明用刻度尺、塑料碗、大烧杯(底面积为S)等器材测量金属球的体积和质量，他先在烧杯内放入适量水，

56、再将塑料碗轻轻放入水中，如图甲所示，测出此时烧杯内水的深度为h1；将金属球放在塑料碗中，放入球后的状态如图乙所示，测出此时烧杯内水的深度为h2；将塑料碗中的金属球轻放入烧杯中，如图丙所示，测出此时烧杯内水的深度为h3，下列有关叙述中，正确的是（?）A.?烧杯内水的深度大小关系h3h2h1?B.?金属球的体积是（h2-h1）SC.?金属球的密度是水（h2-h1）/（h3-h1）?D.?金属球的质量是水（h3-h1）S17.M是硝酸钾或氯化铵其中的一种，硝酸钾和氯化铵在不同温度(t018.“生命吸管（Lifestraw）”是一种快速获取野外饮用水的吸管装置。内装有多种过滤器，其中滤网可去除大部分颗

57、粒物；活性炭和离子交换树脂可去除异味与重金属离子；超滤膜可滤除99.99%的细菌和病毒。下列有关叙述不正确的是（?）A.?净化后的水属于纯净物B.?滤网起到过滤的作用C.?活性炭具有吸附作用，能吸附异味D.?若无生命吸管，生活中杀灭细菌和病毒可以用煮沸的方法19.如图所示为蒸发氯化钠溶液的实验过程，其中为恒温蒸发过程，为升温蒸发过程，溶液恰好为饱和状态，分析实验过程，可以作出的正确判断是（?）A.?在过程中，氯化钠的质量分数保持不变B.?在过程中，氯化钠的溶解度不断增大C.?在过程中，水的质量分数不断增大D.?在过程中，氯化钠的质量分数先不变后增大20.科学研究中常用图象来表示两个量(x，y)

58、之间的关系，以使研究的问题变得直观明了。下列两个量之间的关系符合如图所示的是（?）A.?当电流一定时，电阻和电压的关系?B.?固体的溶解度与温度的关系C.?物体受到的浮力与排开液体质量的关系?D.?当电压一定时，电流和电阻的关系二、填空(本部分共有8道题，共35分)（共8题；共35分）21.学校科学兴趣小组在讨论“水”的话题，大家积极参与，话题如下：?（1）如图，自然界中的水通过蒸发、降水、渗透、地表径流等环节进行着持续不断的循环。其中“南水北调”工程对我国水资源“南方多，北方少”的状况有所改善。“南水北调”工程改变水循环中的环节是_（填序号）。（2）通过水的电解实验可以知道水是由_组成。（3

59、）某同学发现最近家里的自来水有点浑浊，就想着自制一个如图所示的简易净水器。该净化过程中，用到分离混合物的方法有_等（填一个即可）。通过这个简易装置净化后的水还是不能直接饮用，原因是_。22.氯化钠俗名食盐是工业生产和生活的一种重要原料，也是实验室里常见的一种药品。下表是20时，氯化钠溶解于水的实验数据，回答下列问题；实验序号水的质量(g)加入氯化钠的质量(g)溶液的质量(g)102121031310413.6105m（1）表中m=_。（2）在这4次实验中，得到的是20氯化钠溶液属于饱和溶液的是_（填实验序号）（3）20时，实验室把100克溶质质量分数为20的氯化钠溶液释成5的氯化钠溶液，需加水

60、_毫升。23.人接触汽车有时会被“电”一下，手拿如图所示的静电消除器接触汽车，消除器中的LED灯发光，若瞬间电流方向是由消除器流向汽车，则汽车带的是_电荷。若用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近汽车，橡胶棒会_（填“靠近”或“远离”）汽车。24.如图所示电路图，电源电压恒定。当开关S1、S2断开，S3闭合时，电流表的读数为0.50安，电压表的读数为2.50伏。当开关S1、S2闭合，S3断开时，由于电阻R1、R2中有一个电阻出现故障，电流表的读数为0.60安，电压表的读数为3伏。则电源电压为_伏，电路中出现的故障是_。25.如图所示的电路中，电源电压为4.5V，且恒定不变，电压表的量程03V，电流表的量程为