哈尔滨中考物理试题解析版

1、哈尔滨中考物理试题、答案分析版哈尔滨中考物理试题、答案分析版50/50哈尔滨中考物理试题、答案分析版2019年哈尔滨中考物理试题、答案（分析版）1.以下物理量与丈量仪器对应关系不正确的选项是（）A.长度刻度尺B.电压电压表C时.间停表D.电阻电能表2.下边对哈尔滨美景描述中，属于融化现象的是（）A.早春，太阳岛上冰雪变为涓涓水流B.盛夏，防洪纪念塔广场花朵上转动着晶莹的露水C.暮秋，中央大街的树上挂着洁白的雾凇D.隆冬，松花江水变为剔透的冰3.对于光学知识说法正确的选项是（）A.漫反射不依据光的反射定律B.小猫叉不到鱼，是因为看到鱼变深的虚像C.白光经过三棱镜发生色散D.近视眼需要用凸面镜更正

2、4.以以下图案例中，利用热传达改变物体内能的是（）A.晃动试管，沙子温度高升B.烧水使水变热C.汽油机汽缸内混淆物被压缩，温度高升D.摩擦使笔杆变热5.对于力学知识说法不正确的选项是（）A手对钢片力大于钢片敌手的力B重力的方向竖直向下C急刹车时，乘客因拥有惯性会向前倾D磁悬浮列车利用分别接C利.用斜面的可以省功D.使用滑轮组可以改改动力方向倒触面来减小摩擦6.对于简单机械的使用，说法不正确的选项是（）A.使用撬棒可以省力B.使用定滑轮不可以省距离7.以下表述正确的选项是（）A.电视机正常工作电流约为1.57AB电.水壶电阻为4840C同.种电荷相互排挤D磁.极间在不接触时没法发生相互作用8.以

3、下波及压强知识说法不正确的选项是（）A.海绵块的形变显示了压力作用效B.用微小压强计可以研究液体压强果C.托里拆利实验可以测出大气压值D.船闸不是连通器9.以下现象中，电能转变为机械能的是（）A.磁场对电流作用B.通电导体拥有磁性C.把声信息变换成电信息D.电磁感觉现象10下.列对于安全用电的描述，不吻合用电原则，需要更正的是（）A.发生触电事故时应立刻切断电源B使.用验电笔查验插座的火线C电.水壶接电线路表示图D.家庭电路连结表示图11质.地平均的杠杆，每个钩码重0.5N，以下操作中可以使杠杆在水平川址平衡的是（杠杆上有等间隔的刻度）（）ABCD12如.图甲，1为定值电阻，R为滑动变阻器，闭

4、合开关，R的滑片从一端ppR挪动到另一端，获得电压与电流图像如图乙，以下说法正确的选项是（）A.电源电压为3V，R1阻值为1.8B.电路耗费的最小功率为0.2WC.当p总阻值的3接入电路时，它与定值电阻耗费的功率之比为6:5R5D.当电流为0.4A时，1与Rp连入电路的阻值之比为1:2R13自.然界中，能量的转变和转移过程恪守定律.水能细风能都属于能.14在.研究“固体融化过程的规律”和“沸腾的规律”实验中，工具是停表和晶体融化和液体沸腾过程中的共同点是共同需要的丈量15在.地球上，驾驶员利用“倒车雷达”来判断车与物体间的距离，利用了声可以流传.在月球上，表面为真空，真空不可以传声，宇航员不可

5、以直接沟通而要靠电磁波相互联系，此中的道理是.16如.图所示，用2N的拉力匀速竖直向上拉绳索自由端，将重为3.5N物体提升0.1m，不计绳重与摩擦，动滑轮机械效率为；若物体重力变大，则动滑轮机械效率将17把.质量为2kg，温度为25的水加热到75，水汲取的热量为J，这些热量相当于完满焚烧3m的天然气所放出的热量.【373c水4.210J（/kg），q天然气4.210J/m】18如.图，同一小车从同一斜面的同一高度由静止开释，分别滑至粗拙程度不同样的三个水平面上时速度为v，（a）（b）图中小车最后停在图示地点，分析0可知：在水平面上小车所受阻力即为小车所受协力，因为力可以改变物体运动状态，因此小

6、车在（a）图比在（b）图遇到的阻力大，更明显；若（c）图水平面圆滑，则小车在该水平面大将.19在.研究“影响电流热效应的要素”的实验中，要研究电流热效应与电流关系，应控制的变量是.以以下图，R5，10，电源电压，1R23V则通电10s电流经过R、R产生热量之比为.1220如.图，2018年10月24日，港珠澳大桥正式通车，大桥的海底地道位于40米深的海水下，海水在此深度处产生的压强为Pa.若汽车重力为G，车内人和物体的总重为2，车轮与桥面接触的总面积为S，当车在水1G平桥面行驶时，汽车对桥面压强p.（33海水1.0310kg/m，g10N/kg）21在.安全工作条件下，将“2.5V”小灯泡1和

7、“3.0V0.3A”0.3AL小灯泡L2串联在电路中工作，经过两灯的电流之比为；若将L1和L并联在另一电源下工作，则L1和L2能耗费的总功率最大值为2W（.设灯丝电阻不变）322如.图，先将溢水杯装满水，此后用测力计拉重视为4N、体积为100cm的石块，迟缓淹没在水中，溢出的水所有采集到小空桶中，桶中水重为N，石块静止时，测力计示数为N.33（水1.010kg/m,g10N/kg）23如.图所示，请你画出静止在水平桌面上的茶壶所受力的表示图.（绘图时用实心点O表示力的作用点）24如.图所示，请你画出烛焰上A点经平面镜MN所成的像A（.保存作图印迹）25“.创新”小组在某次实践活动中，采集了一块

8、矿石（矿石不吸水），丈量它的密度.（1）在丈量以前，要察看量筒的.（2）丈量过程的状况如上图，正确且合理丈量质量的操作次序为，3测出矿石的密度为g/cm.（3）永深同学连续以下操作：将矿石从量筒中拿出，直接放在天平上测质量记为m测，并记下此时量筒中水面刻度值V3.丈量体积时，才发现矿石有变化了，将它办理还原后，淹没在量筒的水中，记下此时水面的刻度值V4，从而求出矿石的体积并算出密度.这样操作可能对实验结果产生影响，请你写出产生的影响及原由.26在.研究“凸面镜成像规律”实验中，已知凸面镜焦距为10cm所.用光源为新式“蜡烛”.（新式“蜡烛”薄且烛焰坚固）1）调整好器械后，进行实验，某次实验结果

9、如图甲，凸面镜成这类像的条件是.将“蜡烛”A此后地点在光具座上渐渐凑近透镜，发现经过图中地点后，不论如何调理光屏都没法承接到像，只好透过透镜察看到正立、放大的虚像，如图乙.（2）“蜡烛”移到距透镜二倍焦距处，察看光屏上的像感觉与物等大，请你简述证明像与物等大的方法.（器械足够用）（3）君妍同学用凸面镜察看书上的字，如图丙，她换用不同样焦距的凸面镜放在原地点再次察看，发现像发生变化，便萌发了研究凸面镜所成像与焦距关系的想法，请写出需要采集的凭证.27用.标有“2.5V”的小灯泡，进行“研究小灯泡的电功率”实验.（赞成加在小灯泡两头的最大电压为1.2U额）（1）进行实验：如图甲是未连结好的电路，请

10、你用笔划线代替导线，正确连结图中实物电路.如图乙，当小灯泡两头电压为2.5V时，电流表示数是A，灯泡额定功率是W.（2）经过实验获得：灯泡实质功率越大，灯越亮.试从能量转变角度解说“灯泡实质功率越大，灯越亮”的原由.（3）以小灯泡为例，用数听闻明采纳电流表0.6A而不用3A量程的理由.28随.着智能化的普及，机器人在人类的生活中饰演重视要的角色.在图书管理领域机器人可以协助或代替管理员整理图书，表中所列数据是某新式图书智能管理机器人工作的部分技术参数.参工作电压/V工作功率/W最大负重/N提高重物最大高度/m数数48402000.6据此刻智能机器人以最大负重将图书匀速竖直提高至最大高度，用时5

11、s则.此次提高过程中：（1）机器人提高图书速度是多少?（2）机器人对书做功是多少?3）机器人的电动机工作电流是多少（结果保存两位小数）？电动机做功是多少？2019年哈尔滨中考物理答案分析1.【答案】D【分析】A.长度的丈量工具是刻度尺，故A正确；B.电压表是丈量电压的工具，故B正确；C.停表是物理学顶用来丈量时间的工具，故C正确；D.电能表是用来丈量电能的工具，不是用来丈量电阻的，故D错误。【提示】对每个选项分别分析，明确每种丈量工具的用途，就能确立符合题意的选项。【考点】时间的丈量，长度的丈量，电压的丈量仪器，电阻。2.【答案】A【分析】A.冰雪变为涓涓水流是冰的融化现象，故A正确；B.露水

12、是空气中的水蒸气液化形成的，故B错误；C.雾淞是空气中的水蒸气凝华形成的，故C错误；D.冰是由水凝结形成的，故D错误。【提示】融化是指物质从固态变为液态的过程，它需要吸热；液化是指物质从气态变为液态的过程，它需要放热；凝华是指物质从气态直接变为固态的过程，它需要放热；凝结是指物质从液态变为固态的过程，它需要放热。【考点】融化与融化吸热的特色。3.【答案】C【分析】A.任何光的反射现象都依据光的反射定律，故A错误；B.从岸上看水中因为发生折射现象，看到的水中的虚像比实质地点要浅，故B错误；C.白光是复色光，由多种不同样颜色的色光构成，当白光穿过三棱镜时，因为不同颜色的色光折射率不同样，因此会发生

13、色散现象，故C正确；D.近视眼的成因是晶状体过厚或眼球的前后径过长，致使像落在了视网膜的前方，需要佩带凹面镜进行更正，故D错误。【提示】解答本题从以下知识点下手：1）漫反射和镜面反射都依据光的反射定律。2）从鱼身上反射出的光芒由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光芒进入人眼，人眼会逆着折射光芒的方向看去，就会感觉鱼变浅了。（3）太阳光经过三棱镜折射后可以分别成七种颜色的光，分别是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，这就是光的色散现象。（4）近视眼是晶状体汇聚能力加强，像呈在视网膜的前面，应佩带凹面镜矫正；远视眼是晶状体汇聚能力减弱，像呈在视网膜的后方，应佩带凸面镜更正。【考点】漫

14、反射，光的折射现象及其应用，光的色散，近视眼的成因与更正办法。4.【答案】B【分析】A.晃动试管，沙子和沙子之间摩擦做功，经过做功的方式改变了沙子的内能，沙子温度高升，故A错误；B.烧水时，水从试管和酒精灯的火焰处吸热，温度上涨，是经过热传达的方式改变了物体的内能，故B正确；C.汽油机汽缸内混淆物被压缩，是活塞对混淆气体做功提高内能，故C错误；D.摩擦使笔杆变热，是经过摩擦做功的方式，提高了物体的内能，故D错误。【提示】解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传达，热传达过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转变过程。【考点】热传达改变物体内能。5.【答案】A【分析】A.手对钢片

15、施力的同时，钢片也会敌手施力，这两个力是相互作使劲，大小相等，故A错误；B.在地球上，重力的方向老是竖直向下的，故B正确；C.急刹车祖先和车一同向前运动，急刹车时车忽然停止，人因为拥有惯性要保持本来的运动状态，身体就会向前倾倒，故C正确；D.磁悬浮列车最大的特色就是专家驶过程中间，车辆与轨道分别，利用了分别接触面来减少摩擦，故D正确。【提示】（1）物体间力的作用是相互的，一对相互作使劲间的大小相等。（2）重力方向向来竖直向下；3）物体保持本来运动状态不变的性质叫做惯性；4）减小摩擦了的方法：减小压力、减小接触面的粗拙程度、让两接触面分离、变滑动为转动。【考点】力作用的相互性，惯性，重力的方向，

16、增大或减小摩擦的方法。6.【答案】C【分析】A.由图像可知，撬棒的动力臂擅长阻力臂是省力杠杆，因此在使用过程中间可以省力，故A正确；B.定滑轮的实质是等臂杠杆，在使用过程中间不可以省力，也不可以省距离，故B正确；C.任何机械在使用的过程中间都不可以省功，故C错误；D.滑轮组的特色是省力，费距离可以改变力的方向，故D正确。【提示】（1）动力臂大于阻力臂的杠杆，可以省力、但费距离；2）定滑轮实质是等臂杠杆，不可以省力，也不省距离；3）利用机械可以省力，但费距离，但不可以省功；4）使用定滑轮可以改变力的方向，但不可以省力；用动滑轮可以省力，但不可以改变力的方向；使用滑轮组既可以省力，又可以改变力的方

17、向。【考点】杠杆的分类，定滑轮及其工作特色，滑轮组及其工作特色，斜面与轮轴。7.【答案】C【分析】A.由图像参数可知电流为P140W0.64A，故A错误；IU220V2，故B错误；B.由图像参数可知电阻2220V=48.4UR=P1000WC.同种电荷相互排挤，异种电荷相互吸引，故C正确；D.磁体四周存在着磁场，磁极间的相互作用可以经过磁场发生，磁极间在不接触时也可以发生相互作用，故D错误。P【提示】（1）已知电视机额定电压和额定功率，利用公式I获得正常工作U的电流；2U（2）已知电水壶额定电压和额定功率，利用公式R获得电阻；P3）电荷间相互作用规律：同种电荷相互排挤，异种电荷相互吸引；4）磁

18、体四周空间存在磁场，磁体间的相互作用是经过磁场发生的。【考点】磁场，电荷间的相互作用规律，电功率与电压、电流的关系，电功率的计算。8.【答案】D【分析】A在.研究压力的作用见效与哪些要素有关的实验中间，经过比较海绵的形变程度来显示压力的作用见效，故A正确；B.在研究液体压强与哪些要素有关的实验中间，经过比较微小压强计U型管内液面的高度差，可以研究液体压强，故B正确；C.托里拆利实验第一次精准的测出了大气压强的数值约等于760mm水银柱所产生的压强，故C正确；D.船闸的基本源理就是连通器，故D错误。【提示】（1）在研究压力的作用见效时，经过海绵的凹陷程度来表现压力作用见效，这叫做变换法；（2）压

19、强计的工作原理是；橡皮膜遇到压力时，U形管内两边液面出现高度差，两边高度差表示压强的大小，压强越大，液面高度差也越大；3）托里拆利实验最早测出了大气压的值；4）连通器的构造特色是上端张口、底部连通，判断能否是连通器要依据这两个特色。【考点】压强，连通器原理，研究液体压强的特色实验，大气压强的丈量方法。9.【答案】A【分析】A.通电导体在磁场中遇到力的作用，将电池的电能转变为机械能，故A正确；B.通电导体拥有磁性，是电流的磁效应，电能转变为磁能，故B错误；C.把声信息变换成电信息，是将声波的机械能转变为电能，故C错误；D.电磁感觉现象，导体在磁场中切割磁感线，将机械能转变为电能，故D错误。【提示

20、】分别分析该题中各个选项所提到的能量的形式的变化，看哪一种形式的能量增添了，那种形式的能量减小了，从而判断出能量的转变过程，从而确立是机械能转变为电能的答案。【考点】电功的实质。10【.答案】D【分析】A.发生触电事故时应立刻切断电源，防范自己在施救过程中间也发生触电事故，再进行营救，故A正确；B.由图可知验电笔使用正确，可以查验插座的火线能否通电，故B正确；C.L为火线与熔断器相连，N为零线，PE为地线与外壳相连，整个电路连线正确，故C正确；D.家庭电路连结开关应接在火线上，灯泡底部应接火线，侧面螺纹处应接零线，故D错误。【提示】（1）发生触电，应先切断电源；2）使用测电笔时，手必然接触笔尾

21、的金属体；3）对于三线插头和三孔插座的连结，带保险丝的线应与火线连结，才能起到保护作用，另一条与零线连结，才能形成通路，地线应与电水壶的金属外壳连结；4）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。【考点】安全用电原则。11.【答案】D【分析】为使杠杠均衡，当动力阻力位于支点同侧时，动力应与阻力方向相反，当动力阻力位于支点双侧时动力应与阻力方向同样，联合杠杆均衡条件FLFL可知1122A.动力阻力位于杠杆同侧，且方向同样，杠杆不可以均衡，故A错误；B.左边力为1N，力臂长为4个单位长度，右边力为1.5N，力臂长为5个单位长度，不知足杠杆的均衡条件，故B错误；C.

22、动力阻力位于支点双侧，且动力与阻力方向相反，不可以均衡，故C错误；D.动力阻力位于支点同侧时，动力与阻力方向相反，阻力为1N，力臂长为6个单位长度，动力为2N，动力臂为3个单位长度，知足杠杆的均衡条件，故D正确【提示】动力和阻力应使杠杆转动的方向相反；依据杠杆的均衡条件动力动力臂阻力阻力臂进行判断。【考点】杠杆的均衡条件。12【.答案】C【分析】由图像可知，R与R串联，电压表测R两头电压，由串联电路分压，1P1且电压比等于电阻比可知，当滑动变阻器电阻减小时，R两头电压增大，当1滑动变阻器阻值为01由图乙可知此时电压为3V时，R两头电压最大，即电源电压为3V1U3V；当滑动变阻器接入电阻最大时，

23、R阻值为R=0.6A=51I由串联电路分压可知R两头电压最小，由图乙可知，此时滑动变阻器两头电1压为3V1V=2V，电路中电流为0.2A，因此滑动变阻器最大阻值为U2V2，由公式PURR=0.2A=10RppI可知电压不变，总电阻越大，功率越222小，因此电路耗费的最小功率为PUU3V；当R=0.6WPRRR5+10总1p总阻值的3接入电路时即65Rp，因为串联电路电流同样，由公式PI2R可220.4AP:PIR:IR=6：5=：65；由串联分压可知当电流为知时，RRp11滑动变阻器两头电压为3V2V=1V，则此时滑动变阻器电阻为U1V，R与R5:2.52:1R1P连入电路的阻值之比为R=0.

24、4A=2.5ppI【提示】定值电阻R和滑动变阻器1RP串联，电流表测电路中的电流，电压表测R1两头的电压。（1）当滑片位于左端时，接入电路中的电阻为0，此时电流表和电压表的示数最大，依据图乙读出电源的电压和电路中的电流，依据欧姆定律求出R的阻1值；（2）当滑片位于右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电压表的示数最小，依据图乙读出电路中的最小电流和R1两头的电压，依据串联电路的电压特色求出滑动变阻器两头的电压，依据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，利用PUI求出电路耗费的最小功率；（3）当Rp总阻值的3接入电路时，依据串联电路的电流特色和2PUI求5IR出Rp与定值电阻耗费的功率；（

25、4）当电流为0.4A时，依据欧姆定律求出电路的总电阻，利用电阻的串联求出Rp连入电路的阻值，进一步得出R与Rp连入电路的阻值之比。1【考点】欧姆定律的应用，电功率的计算。13.【答案】能量守恒机械【分析】能量不可以凭空产生，也不可以凭空消逝，只好从一种形式的能转变为另一种形式的能，能量的转变和转移过程恪守能量守恒定律，水细风是因为运动或拥有必然的高度因此拥有了对外做功的能力，因此水能细风能都属于机械能。【提示】能量守恒定律：是各样形式能量相互变换是有方向和条件限制的，能量相互变换时其量值不变，表示能量是不可以被创办或消灭的。能量既不会凭空产生，也不会凭空消逝，它只好从一种形式转变为其余形式，或

26、许从一个物体转移到另一个物体，在转变或转移的过程中，能量的总量不变；依据能源的实质，不同样能源的分类可判断水能细风能的种类。【考点】能量守恒定律，能源的分类。14.【答案】温度计吸热温度不变【分析】研究“固体融化过程的规律”和“沸腾的规律”实验中都需要丈量温度和时间，因此还需要温度计，晶体融化特色为吸热温度不变，液体沸腾过程中的特色也是吸热温度不变。【提示】（1）“固体融化的规律”和“液体沸腾的规律”的实验都要用到温度计；2）液体沸腾和晶体融化时都要汲取热量，温度不变。【考点】融化和凝结的研究实验，研究水的沸腾实验。15.【答案】信息电磁波可以真空中流传【分析】倒车雷达可以用超声波探测距离，利

27、用了声可以流传信息的特色，真空不可以传声，可是真空可以传达电磁波，电磁波也可以传达信息。【提示】（1）声音既可以传达信息，也可以传达能量；2）声音的流传需要介质，真空不可以够传声；电磁波可以在真空中流传。【考点】声音的流传条件，声与信息。16.【答案】87.5%提高【分析】由图像可知该滑轮为动滑轮，绳索自由端挪动的距离为20.1m0m.2，动滑轮机械效率为WGh3.5N0.1m，由公式有100%=87.5%2N0.2mWFs总WGhGhG有可知若物体重力变大，则动滑轮机1WFGsGhGG总2动动2械效率将提高。WGGh【提示】（1）由图知n2，依据G求出机械效率。合用hWFsF2h2F总W（2

28、）依据合用，分析额外功、合用功的变化判断机械效率的变化。W总【考点】滑轮（组）的机械效率。17.【答案】4.21050.01【分析】水汲取的热量为35Qcmt=4.210J/(kg)2kg75-25=4.210J，天然气体积为5VQ4.210Jq373=0.01m4.210J/m【提示】（1）已知水的比热容、质量和温度变化，可利用Q吸cmt计算水吸收热量；（2）由题知，Q吸Q放，可利用Q放qV的变形公式求出需要天然气的体积。【考点】热量的计算，燃料的热值及其计算。18.【答案】速度变化向来运动下去【分析】力可以改变物体运动状态，遇到的协力越大，运动状态改变的越显然，因此速度变化的更显然，若水平

29、面绝对圆滑，由牛顿第必然律可知小车在该水平面大将向来运动下去。【提示】接触面越圆滑，小车遇到的摩擦力越小，小车速度减小得越慢，运动得越远；依据现象推理，若小车不受摩擦力，将做匀速直线运动。【考点】牛顿第必然律。19.【答案】电阻和时间1:2【分析】由公式Q2IRt可知研究“影响电流热效应的要素”的实验中，要探究电流热效应与电流关系应控制的变量是电阻和时间，因为RR串联，因此12通过的电流相等，由公式Q2IRt可知22Q1:Q2IR1t:IRt2R1:R25:10=1:2【提示】电流产生的热量与电流、电阻和通电时间都有关系，要研究电流热效应与电流关系，要保持电阻和通电时间同样；由图知，两只电阻串

30、联，经过的电流和通电时间都同样，已知电阻阻值，利2用QIRt比较产生热量关系。【考点】焦耳定律。20.【答案】4.12105GG12S【分析】海水在此深度处产生的压强为335pgh，物体对水平面的压1.03?10kg/m10N/kg?40m=4.12?10Pa力等于重力，因此当车在水平桥面行驶时，汽车对桥面压强pFG1G2SS【提示】本题应使用液体压强公式pgh和压强公式pFS进行求解。【考点】压强的大小及其计算，液体的压强的计算。21【.答案】1:11.375【分析】因为串联各处电流相等，因此小灯泡L1和小灯泡L2串联在电路中工作经过两灯的电流之比为1:1，小灯泡L2电阻值为U3V=1020

31、.3AR，因2I2为并联电路各用电器电压等于总电压，因此为了不烧坏灯泡，电源电压最大为2.5V，此时小灯泡L1功率为PUI，小灯泡L2功率为112.5V0.3A=0.75W22，电路总功率为各用电器功率之和即P2.5V=0.625WUR102P=PP0.75W+0.625W=1.375W总12【提示】（1）将小灯泡L1和L2串联在电路中工作时，依据串联电路的电流特点可知经过两灯的电流之比；（2）将L1和L2并联在另一电源下工作时它们两头的电压相等，电路的最大电压等于两灯泡额定电压中较小的，依据欧姆定律求出不可以正常发光灯泡的电阻和此时经过的电流，依据并联电路的电流特色求出干路电流，利用PUI求

32、出L1和L2能耗费的总功率最大值。【考点】串联电路的电流规律，欧姆定律的应用，电功率的计算。22【.答案】13【分析】因为小石块淹没在水中，因此V物V排，由阿基米德原理可知此时FGmgVg33-43即桶中水重为10kg/m?10m10N/kg=1N浮排排水排1N，由称重法求浮力可知测力计示数为GF4N1N3N浮【提示】（1）由阿基米德原理知，物体遇到的浮力等于它排开液体所受的重力；2）石块静止时，由称重法求测力计示数。【考点】阿基米德原理的应用，浮力大小的计算。23.【答案】【分析】静止在水平桌面上的茶壶遇到向下的重力和向上的支持力的作用，二力是一对均衡力，如图：【提示】静止在水平桌面上茶壶，

33、遇到了均衡力的作用，即遇到了竖直向下的重力和竖直向上的支持力是一对均衡力，大小相等，方向相反。【考点】力的表示图与图示。24.【答案】【分析】由平面镜成像规律可知物与像的连线垂直于平面镜，物与像到平面镜的距离相等。过A点做垂直于镜面MNAAO，且AO=AO，的线段，交镜面于点A点即所求画的经平面镜MN所成的像A。【提示】平面镜成像的特色是：像与物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右交换，即像、物对于平面镜对称。【考点】平面镜成像的有关作图。25【.答案】（1）量程和分度值2）3）2.6g/cm3测得的密度偏大，原由是：矿石在丈量质量时表面沾有水，丈量值比实质值大，体积丈量正确，由

34、公式m可知，丈量的质量比实质值偏大V【分析】（1）丈量工具在使用以前都要先察看量程和分度值；（2）为防范矿石沾水，丈量质量时影响实验结果，因此应先用天平丈量矿石的质量，天平在使用过程中，应先对天平进行调平，调理均衡螺母，使天平的指针指在刻度盘的中央处，此后依据左物右码的原则，搁置石块和砝码，在称量过程中间，不可以再用手调理均衡螺母，经过增减砝码和调理游码，使天平再次均衡，读出小石块的质量，故正确的操作次序为，由图像可知小石块的质量为52g，体积为60cm340cm320cm3，则小石块的密度为m52g3；V3=2.6g/cm20cm（3）将矿石从量筒中拿出，直接放在天平上测质量，此时矿石表面沾

35、有水，会致使测得的质量m偏大，将办理还原后的矿石再投入量筒中，则体积为VV，体积的丈量正确不会遇到影响，因此由公式m可知，测得的质43V量比实质值偏大，体积正确，则测得的密度比实质值偏大。【提示】（1）在丈量体积以前，要察看量筒的量程和分度值；2）先调零，再调理横梁均衡，由此可知合理丈量质量的操作次序；读出矿石的质量和体积，利用密度公式计算密度；（3）将矿石从量筒中拿出，矿石上沾有水，并记下此时量筒中水面的刻度值V3；直接放在天平上测质量记为m测，致使质量偏大，依据密度公式分析。【考点】固体的密度丈量实验。26.【答案】（1）物距大于二倍焦距，像距在一倍焦距到二倍焦距之间40cm（2）将光屏换为带有方格的白纸板，将成的像用笔在方格白纸板光屏上描述下来，此后取下与光源进行比较（3）透镜的焦距和对应的成像状况【分析】（1）由图像甲可知，此时成像条件为物距大于二倍焦距，像距在一倍焦距到二倍焦距之间，成倒立减小的实像，如图乙所示，物距小于一倍焦距，成正立放大的虚像，因此经过图中40cm地点后，不论如何调理光屏都没法承接到像，只好透过透镜察看到正立、放大的虚像，如图乙；（2）证明物与像相等可采纳等效代替的方法，将光屏换为白纸板，将成的像用笔在白纸板光屏上描述下来，此后取下与光源进行比较；（3）研究凸面镜所