2022-2023学年山东省济宁市邹城实验中学高三物理月考试题含解析

1、2022-2023学年山东省济宁市邹城实验中学高三物理月考试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）2013年6月20日，我国宇航员王亚平在天宫授课时，利用质量测量仪粗略测出了聂海胜的质量若聂海胜受恒力F的作用从静止开始运动，测出位移为x时的速度为v，则聂海胜的质量为（）ABCD参考答案：考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系.专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据匀变速直线运动的速度位移公式求出聂海胜的加速度，根据牛顿第二定律求出质量解答：解：根据匀变速直线运动的速度位移公式得：a=，根据牛顿第二定律得，质量为：m=故选：

2、B点评：本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁2. （单选题）2014年3月27日英国镜报报道，美国天文学家斯考特谢泼德(Scott Sheppard)在太阳系边缘发现一颗神秘天体，命名为2012 VP113矮行星，这颗天体是围绕太阳公转的最遥远矮行星，直径大约为450公里，轨道半径是地球到太阳距离的80倍，下列关于该矮行星的说法中正确的是A. 若再已知地球密度及万有引力常数可以计算出该矮行星的密度B. 该矮行星绕太阳运动的周期大约为地球公转周期的716倍C. 该矮行星运动的加速度比地球大，速度比地球小D. 该矮行星运动的加速度比地球小，角速度比地球大

3、参考答案：B人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力A、根据题意无法求出该矮行星的质量，所以无法求出该矮行星的密度，故A错误；B、由，该矮行星的轨道半径是地球到太阳距离的80倍，所以该矮行星绕太阳运动的周期大约为地球公转周期的716倍，故B正确；C、由，该矮行星的轨道半径大于地球轨道半径，所以该矮行星运动的加速度比地球小，速度比地球小，故C错误；D、由，该矮行星运动的角速度比地球小，故D错误。故选B。3. 如图所示的LC振荡电路中，电容器极板1上的电量随时间变化的曲线如图所示，则：（ ）A.a、c两时刻电路中电流最大，方向相同B. a、c两时刻电路中电流最大，方向相反C.b、d两时

4、刻电路中电流最大，方向相同D.b、d两时刻电路中电流最大，方向相反参考答案：D4. 如图甲所示，有一等腰直角三角形的区域，其斜边长为2L，高为L。在该区域内分布着如图所示的磁场，左侧磁场方向垂直纸面向外，右侧磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小均为B。一边长为L、总电阻为R的正方形导线框abcd，从图示位置开始沿x轴正方向以速度V匀速穿过磁场区域。取沿abcda的感应电流方向为正，则图乙中表示线框中电流i随bc边的位置坐标x变化的图象正确的是参考答案：D5. （多选题）如图所示，足够长的平行光滑导轨固定在水平面上，导轨间距为L=1m，其右端连接有定值电阻R=2，整个装置处于垂直导轨平面磁感应强

5、度B=1T的匀强磁场中一质量m=2kg的金属棒在恒定的水平拉力F=10N的作用下，在导轨上由静止开始向左运动，运动中金属棒始终与导轨垂直导轨及金属棒的电阻不计，下列说法正确的是（）A产生的感应电流方向在金属棒中由a指向bB金属棒向左做先加速后减速运动直到静止C金属棒的最大加速度为10 m/s2D水平拉力的最大功率为200 W参考答案：AD【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【分析】由右手定则判断感应电流的方向金属棒在拉力和安培力作用下运动，通过分析安培力的变化，判断加速度的变化，即可确定最大加速度当拉力等于安培力时，速度达到最大，结合切割产生的感应电动势公式、

6、闭合电路欧姆定律以及安培力大小公式求出最大速度的大小由P=Fv求解拉力的最大功率【解答】解：A、金属棒向左运动切割磁感线，根据右手定则判断得知产生的感应电流方向由ab，故A正确B、金属棒所受的安培力先小于拉力，棒做加速运动，后等于拉力做匀速直线运动，故B错误C、根据牛顿第二定律得：F=ma，可知，棒的速度v增大，加速度a减小，所以棒刚开始运动时加速度最大，最大加速度为：am=5m/s2故C错误D、设棒的最大速度为vm，此时a=0，则有：F=，得：vm=m/s=20m/s所以水平拉力的最大功率为：Pm=Fvm=1020W=200W，故D正确故选：AD二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计1

7、6分6. 如图所示，河道宽L100m，河水越到河中央流速越大，假定流速大小u0.2x m/s（x是离河岸的垂直距离）一汽船相对水的航速是10m/s，它自A处出发，船头垂直河岸方向渡河到达对岸B处，则过河时间为_s；在这段时间内汽船顺着河道向下游漂行的距离为_m。参考答案：10；50。7. 如图所示的电路中，电源电动势E=6V，内电阻r=1，M为一小电动机，其内部线圈的导线电阻RM=2。R为一只保护电阻，R=3。电动机正常运转时，电压表（可当作理想电表）的示数为1.5V，则电源的输出功率为 W，电动机的输出功率为。参考答案：2.5；1.5 158. （4分）图示电路中，R112W，R26W，滑动

8、变阻器R3上标有“20W，2A”字样，理想电压表的量程有0-3V和0-15V两档，理想电流表的量程有0-0.6A和0-3A两档。闭合电键S，将滑片P从最左端向右移动到某位置时，电压表、电流表示数分别为2.5V和0.3A；继续向右移动滑片P到另一位置，电压表指针指在满偏的1/3，电流表指针指在满偏的1/4，则此时电流表示数为_A，该电源的电动势为_V。参考答案：0.15，7.5解析：由于题意当“继续向右移动滑片P到另一位置”电压表示数一定大于2.5V，电流表示数一定小于0.3A，再结合电压表指针指在满偏的1/3，电流表指针指在满偏的1/4，可知电压表的量程为0-15V，电流表的量程为0-0.6A

9、，因此当滑片滑到下一位置是电流表的实数为；电压表的示数为5V；由串并联电路规律得：，得 ，由闭合电路欧姆定律得；同理：，得，由闭合电路欧姆定律以上各式联立解得：。9. 相对论论认为时间和空间与物质的速度有关；在高速前进中的列车的中点处，某乘客突然按下手电筒，使其发出一道闪光，该乘客认为闪光向前、向后传播的速度相等，都为c，站在铁轨旁边地面上的观察者认为闪光向前、向后传播的速度_（填“相等”、“不等”）。并且，车上的乘客认为，电筒的闪光同时到达列车的前、后壁，地面上的观察者认为电筒的闪光先到达列车的_（填“前”、“后”）壁。参考答案：10. （1）如图所示为某同学所安装的“验证牛顿第二定律”的实

10、验装置，在图示状态下，开始做实验，该同学有装置和操作中的主要错误是:_（2）在“验证牛顿第二定律”的实验中，为了使小车受到合外力等于小沙桶和沙的总重量，通常采用如下两个措施：（A）平衡摩擦力：将长木板无滑轮的一端下面垫一小木块，反复移动木块的位置，直到小车在小桶的拉动下带动纸带与小车一起做匀速直线运动；（B）调整沙的多少，使沙和小沙桶的总质量m远小于小车和砝码的总质量M请问：（2分）以上哪一个措施中有何重大错误?答：_（2分）在改正了上述错误之后,保持小车及砝码质量M不变反复改变沙的质量，并测得一系列数据，结果发现小车受到的合外力（小桶及砂重量）与加速度的比值略大于小车及砝码质量M，经检查发现

11、滑轮非常光滑，打点计时器工作正常，且事先基本上平衡了摩擦力，那么出现这种情况的主要原因是什么? 答：_参考答案：（1）主要错误是：A 长木板右端未垫高以平稳衡摩擦力；B 电源应改用6V的交流电源；C 牵引小车的细线没有与木板平行；D 开始实验时，小车离打点计时器太远。点（2）（A）中平衡摩擦力时，不应用小桶拉动小车做匀速运动，应让小车拖着纸带下滑来平衡摩擦力。 由于拉小车的合外力F mg ,而处理数据时又将F=mg处理，因此有：11. 一小球在桌面上做匀加速直线运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下小球运动过程中在每次曝光时的位置，并将小球的位置编号，得到的照片如图所示由于底片保管不

12、当，其中位置4处被污损若已知摄影机连续两次曝光的时间间隔均为1 s，则利用该照片可求出：小球运动的加速度约为_m/s2.位置4对应的速度为_ m/s，能求出4的具体位置吗？_.求解方法是：_(不要求计算，但要说明过程)参考答案：3.0102(2.81023.1102均可)9102能利用(xx4)(x4x)aT2可以求出位置4的具体位置(其他方法合理均可) 12. 某物理兴趣小组利用学校的数字实验室设计了一个测量小车瞬时速度的实验。设计的实验装置如图所示。将长直木板B支成斜面，小车C的前端固定挡光片P，光电门G固定在木板的侧面A处，让小车在斜面上的同一位置O由静止释放，用光电计时器（未画出）记录

13、挡光片通过光电门时挡光的时间。兴趣小组共准备了宽度不同的五块挡光片，分别做了五次实验（每次实验时挡光片的前沿均与小车的前端对齐），并计算出各次挡光片通过光电门的平均速度。记录的数据如下表所示：实验顺序1250. 50. 3962495. 00. 42136137. 50. 43648174. 50. 459510212. 00. 472完成下列作图和填空：（1）根据表中给出的数据，在如图给出的坐标纸上画出图线；（2）由所画出的图线，得出小车的加速度大小为_;（3）由所画出的图线，得出小车前端过A处的瞬时速度大小为_m/s。（以上两空均保留3位有效数字）参考答案：（1）（3分）如下图（2）（3分

14、）0.930（0.900-0.960均给分）（3）（3分）0.375（0.360-0.390均给分）13. 如图所示，一截面为正三角形的棱镜，其折射率为。今有一束单色光射到它的一个侧面，经折射后与底边平行，则入射光线与水平方向的夹角是_。参考答案：30三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 市场上新出现了一种新式的游标卡尺，这种“新式”游标卡尺上的刻度与传统的游标卡尺明显不同，新式游标卡尺中游标尺的刻度看起来很稀疏，使得读数清晰明了， 便于正确读数。已知某“新式”游标卡尺共10个分度，总长度为19mm 。用这种“新式”游标卡尺测某物体的厚度，示数如图，则该物体的厚度为 cm

15、。参考答案：3.1515. 在完成验证机械能守恒定律的实验中，（1）不需测量或计算的物理量是：（ ）A、下落高度 B、瞬时速度 C、重物的质量 D、时间（2）在“验证机械能守恒定律”的实验中，质量m1kg的物体自由下落，得到如图所示的纸带，相邻计数点间的时间间隔为0.04s那么从打点计时器打下起点O到打下B点的过程中，物体重力势能的减少量Ep_J，此过程中物体动能的增加量Ek=_J由此可得到的结论是 (g=9.8 m/s2，保留三位有效数字)参考答案：（1）C （2）2.28；2.26 ；在实验误差允许的范围内机械能是守恒的四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，水平光滑轨道AB

16、与竖直半圆形光滑轨道在B点平滑连接，AB段长x=10m，半圆形轨道半径R=2.5m。质量m=0.10kg的小滑块（可视为质点）在水平恒力F作用下，从A点由静止开始运动，经B点时撤去力F，小滑块进入半圆形轨道，沿轨道运动到最高点C，从C点水平飞出。重力加速度g取10m/s2。（1）若小滑块从C点水平飞出后又恰好落在A点。滑块落回A点时的速度；（2）如果要使小滑块在圆弧轨道运动过程中不脱离轨道，求水平恒力F应满足的条件。参考答案：17. 如图所示，真空室内存在宽度为d=8cm的匀强磁场区域，磁感应强度B=0.332T，磁场方向垂直于纸面向里；ab、cd足够长，cd为厚度不计的金箔，金箔右侧有一匀强

17、电场区域，电场强度E=3.32105N/C；方向与金箔成37角.紧挨边界ab放一点状粒子放射源S，可沿纸面向各个方向均匀放射初速率相同的粒子，已知：粒子的质量m=6.641027kg，电荷量q = 3.21019C，初速度v = 3.2106m/s。（sin37= 0.6，cos37= 0.8）求：（1）粒子在磁场中作圆周运动的轨道半径R；（2）金箔cd被粒子射中区域的长度L；（3）设打在金箔上d端离cd中心最远的粒子穿出金箔进入电场（速度方向与离开磁场的方向一致），在电场中运动通过N点，SNab且SN = 40cm，则此粒子从金箔上穿出时，损失的动能EK为多少？参考答案：解：（1）粒子在匀强

18、磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，即：（3分）则（1分）（2）设cd中心为O，则：向c端偏转的粒子，当圆周轨迹与cd相切时偏离O最远，设切点为P，对应圆心O1，如图所示，则由几何关系得： (2分)向d端偏转的粒子，当沿sb方向射入时，偏离O最远，设此时圆周轨迹与cd交于Q点，对应圆心O2，如图所示，则由几何关系得：（2分）故金箔cd被粒子射中区域的长度（2分）（3）设从Q点穿出的粒子的速度为v，因半径O2Q与场强E的方向间的夹角有：tan=，故穿出的粒子在电场中做类平抛运动，轨迹如上图所示。（2分） 沿速度v方向做匀速直线运动， 位移（1分） 沿场强E方向做匀加速直线运动，位移（2分） 则由 得： （2分）故此粒子从金箔上穿出时，损失的动能为 (2分)18. 半径R=0.4m的光滑绝缘轨道固定于竖直于平面内，加上某一方向的匀强电场时，带电小球沿轨道内侧做圆周运动，小球动能最大位置在A点，圆心O与A点的连线与竖直线成一角度，如图所示，在A点时小球对轨道压力N=108N，若小球的最大动能比最小动能多14.4J，且小球能够到达轨道上任意一点（不计空气