2022-2023学年云南省华宁二中化学高三第一学期期中联考试题（含解析）

1、2022-2023高三上化学期中模拟测试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、W、X、Y、Z为原子序数依次增大的短周期主族元素。W的原子半径是周期表中最小的；X2-与Y+的电子层结构相同；Z的最高正价与最低负价的代数和为4。下列说法正确的是A原子半径：ZYXB最简单氢化物的稳定性：XZC由W、X、Y三种元素形成的化合物可使酚酞试液变红DY与Z位于同一周期，且它们在自然界中

2、均能以游离态的形式存在2、下列实验结果不能作为相应定律或原理的证据是ABCD勒夏特列原理元素周期律盖斯定律阿伏加德罗定律实验方案结果左球气体颜色加深右球气体颜色变浅烧瓶中冒气泡，试管中出现浑浊测得H为H1、H2的和H2与O2的体积比约为21AABBCCDD3、三个相同的恒温恒容密闭容器中分别盛有等质量的H2、CH4、O2，下列说法正确的是A三种气体的分子数目一定相等B三种气体物质的量之比为1621C三种气体的密度之比为121 6D三种气体的压强一定相等4、下列叙述不正确的是( )A10mL质量分数为98%的H2SO4,用10mL水稀释后H2SO4的质量分数大于49%B配制0.1 molL1的N

3、a2CO3溶液480mL,需用500mL容量瓶C用浓硫酸配制一定物质的量浓度的稀硫酸时，量取浓硫酸时仰视量筒，会使所配溶液浓度偏小D同温同压下20mL CH4和60 mLO2所含的原子数之比为5:65、按如图所示装置进行实验，将液体A逐滴加入到固体B中，下列叙述不正确的是（）A若A为浓盐酸，B为KMnO4，C中盛品红溶液，则C中溶液褪色B若A为醋酸，B为贝壳，C中盛Na2SiO3，则C中溶液中变浑浊C若A为浓氨水，B为生石灰，C中盛AlCl3溶液，则C中先产生沉淀后沉淀又溶解D实验仪器D可以起到防止溶液倒吸的作用6、在下列溶液中，能大量共存的离子组是（ ）A能使pH试纸显蓝色的溶液中：K、Ba

4、2、Cl、BrB常温下pH1的溶液中：Fe2、Mg2、NO、ClC含有大量Fe3的溶液中：SCN、I、K、BrD能使石蕊试液显红色的溶液中：K、S2、7、常温下，下列各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是A澄清透明的溶液中：Fe3+、Ba2+、NO3-、Cl-B使酚酞变红色的溶液中：Na+、NH4+、C1-、SO42-Cc(Al3+)=0.1mol/L的溶液中：K+、Mg2+、SO42-、AlO2-D由水电离产生的c(H+)=10-13mol/L的溶液中：K+、Na+、CH3COO-、NO3-8、下列有关实验的说法中正确的是 （ ）A“左码右物”称量药品时称量结果一定偏小B用pH试纸无法测出氯

5、水的pHC可用碱式滴定管量取15.65ml 0.10mol/LKMnO4溶液D量取8.2ml浓硫酸时，仰视量筒刻度所得浓硫酸体积偏小9、常温下，Fe、Al在浓硫酸中钝化，浓硫酸表现了（ ）A难挥发性B吸水性C脱水性D强氧化性10、将38.4gCu完全溶于适量浓硝酸中，收集到氮的氧化物（含NO、N2O4、NO2）的混合物共0.8mol，这些气体恰好能被500ml 2mol/LNaOH溶液完全吸收，生成含NaNO3和NaNO2的盐溶液，其中NaNO3的物质的量为A1.0mol B0.8mol C0.6mol D0.4mol11、下列说法中正确的是A放热反应都比吸热反应易发生B中和反应中，每生成1

6、mol H2O均会放出57.3 kJ的热量CNH4C1固体与Ba(OH)2 8H2O混合搅拌过程中，体系能量增加D无法判断2CO2(g) +3H2O(g)=C2H5OH(1)+3O2(g)是吸热反应还是放热反应12、25时，相同pH的两种一元弱酸HA与HB溶液分别加水稀释，溶液pH随加水体积变化的曲线如图所示。下列说法正确的是AHB的酸性强于HABa点溶液的导电性大于b点溶液C同浓度的NaA与NaB溶液中，c(A-)=c(B-)D加水稀释到pH相同时，酸HA、HB用到的水V(A)小于V(B)13、以下说法正确的是（ ）A18 g D2O和18 g T2O中含有的质子数均为10NAB0.5 mo

7、lL1 Ba(OH)2溶液中含有的OH的数目为NAC过氧化钠与水反应时，生成0.1 mol氧气转移的电子数为0.2NAD某密闭容器盛有0.1 mol N2和0.3 mol H2，在一定条件下充分反应，转移电子的数目为0.6NA14、一块11.0 g的铁铝合金，加入一定量的稀硫酸后合金完全溶解，然后加H2O2到溶液中无Fe2+存在，加热除去多余的H2O2，当加入200 mL 6 molL1NaOH溶液时沉淀量最多，且所得沉淀质量为26.3 g，下列说法不正确的是A该合金中铁的质量为5.6 gB合金与稀硫酸反应共生成0.45 mol H2C该合金与足量氢氧化钠反应，转移的电子数为0.6 NAD所加

8、的稀硫酸中含0.6 mol H2SO415、电解装置如图所示，电解槽内装有KI及淀粉溶液，中间用阴离子交换膜隔开。在一定的电压下通电，发现左侧溶液变蓝色，一段时间后，蓝色逐渐变浅。已知:3I2+6OH-=IO3-+5I-+3H2O下列说法不正确的是A右侧发生的电极方程式：2H2O+2e-=H2+2OH-B电解结束时，右侧溶液中含有IO3-C电解槽内发生反应的总化学方程式KI+3H2O=KIO3+3H2D如果用阳离子交换膜代替阴离子交换膜，电解槽内发生的总化学方程式不变16、常温下加入下列物质，能使溶液中c(CO32-)、c(HCO3-)均降低，而pH增大的是A氢氧化钠溶液B通入二氧化碳C氢氧化

9、钙溶液D盐酸二、非选择题（本题包括5小题）17、丁香酚存在于丁香花的花蕊中，以丁香酚为原料制取有机物F的路线如下：已知： 回答下列问题： (1)丁香酚的分子式为_(2)A中的含氧官能团有_ （填名称），的反应类型为_。(3)写出满足下列条件的C的所有同分异构体的结构简式_。含苯环且环上只有两个取代基；属于酯类化合物；核磁共振氢谱有3组峰，且峰面积之比为3：1：1。(4)1 molD最多可以与_molH2发生加成反应 (5)反应中，试剂X的结构简式为_。18、M是日常生活中不可缺少的调味品。已知C可在D中燃烧发出苍白色火焰。M与其他物质间的转化关系如下图所示（部分产物已略去）（1）若A是地売中含

10、量最多的金属元素，将A的氯化物溶液和氢氧化钠溶液等体积混合，得到的沉淀物中A元素与溶液中A元素的质量相等，则A的该氯化物溶液和氢氧化钠溶液的物质的量浓度之比可能为_。（2）若A是CO2气体，A与B溶液反应后所得的溶液再与盐酸反应，放出气体的物质的量与所加盐酸体积之间的关系如右图所示，则A与B溶液反应后溶液中的溶质为_（填化学式），物质的量之比为_。（3）若A是一种正盐，A能分别与B、F溶液反应生成无色且具有刺激性气味的气体，则A的化学式为_。（4）若A是一种盐，A溶液与B溶液混合将产生白色絮状沉淀且瞬间变为灰绿色，最后变成红褐色的E，向G溶液中加入KSCN后溶液显红色，则由A转化成E的离子方程

11、式是_。（5）若A是一种溶液，只可能含有H+、NH4+、Mg2、Fe3、Al3+、SO42-、CO32-中的某些离子，当向该溶液中加入B溶液时发现生成沉淀的物质的量随B溶液的体积发生如右图所示变化，由此可知，该溶液中肯定含有的离子为_。19、硼位于A族，三卤化硼是物质结构化学的研究热点，也是重要的化工原料。三氯化硼(BCl3)可用于制取乙硼烷(B2H6)，也可作有机合成的催化剂。查阅资料BCl3的熔点为107.3 ，沸点为12.5 ；2B6HCl2BCl33H2；硼与铝的性质相似，也能与氢氧化钠溶液反应。设计实验某同学设计如图所示装置制备三氯化硼：请回答下列问题：（1）常温下，可用高锰酸钾与浓

12、盐酸发生的反应可替代A装置中的反应，请写出高锰酸钾与浓盐酸反应的离子方程式：_。（2）E装置的作用是_。如果拆去B装置，可能的后果是_。（3）三氯化硼遇水剧烈反应生成硼酸(H3BO3)和白雾，写出该反应的化学方程式_。实验室保存三氯化硼的注意事项是_。（4）实验中可以用一个盛装_(填试剂名称)的干燥管代替F和G装置，使实验更简便。（5）为了顺利完成实验，正确的操作是_(填序号)。先点燃A处酒精灯，后点燃D处酒精灯 同时点燃A、D处酒精灯 先点燃D处酒精灯，后点燃A处酒精灯 （6）请你补充完整下面的简易实验，以验证制得的产品中是否含有硼粉：取少量样品于试管中，滴加浓_(填化学式)溶液，若有气泡产

13、生，则样品中含有硼粉；若无气泡产生，则样品中无硼粉。20、实验室用浓盐酸和MnO2制Cl2，并以干燥的Cl2为原料进行实验，装置如图所示。(1)在A装置部分中浓盐酸表现了_性质。(2)装置B、C中应盛放的试剂名称及作用分别为_、_。(3)实验时，先点燃_(A还是D)处的酒精灯，再点燃_(A还是D)处酒精灯，写出D中反应的化学方程式：_。(4)F装置所起的作用是_，_。(5)用石灰乳吸收氯气可制得漂白粉，写出工业制漂白粉反应的化学方程式：_。21、25 时，将体积为Va、pHa的某一元酸HA溶液与体积为Vb、pHb的某一元碱BOH溶液混合，请回答。（1）若a + b14，2VaVb，反应后所得溶

14、液pH7。则生成的盐溶液中，一定发生水解的离子方 程式为_（2）若a + b12，酸是盐酸，碱是KOH，反应后所得溶液pH7，则Va与Vb的关系是_（3）若酸是盐酸，碱是氨水，反应后所得溶液中离子浓度大小关系不可能是_（填序号）Ac(Cl)c(NH)c(H+)c(OH) Bc(H+)c(OH)c(Cl)c(NH)Cc(NH)c(Cl)c(OH)c(H+) Dc(Cl)c(H+)c(NH)c(OH)Ec(Cl)c(NH)c(H+)c(OH)（4）若酸是醋酸，碱是NaOH，且反应后混合溶液中c(CH3COO)c(H+)，则混合溶液可能呈_（填序号）A酸性 B碱性 C中性 D都有可能（5）25 时，

15、将体积Va200 mL，pH2的H2SO4溶液与体积Vb10 mL、pH11的氨水溶液混合，恰好完全反应。则此条件下，氨水的电离平衡常数是_2022-2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、C【答案解析】W、X、Y、Z为原子序数依次增大的短周期主族元素。W的原子半径是周期表中最小的，说明W是氢；X2-与Y+的电子层结构相同，说明X是氧，Y是钠；Z的最高正价与最低负价的代数和为4，说明Z是VIA的硫。A. 同周期元素原子半径从左到右逐渐减小，原子半径：ZY，同主族元素原子半径从上到下逐渐增大，原子半径：XZ，总之，原子半径：XZZ，所以最简单氢化物的

16、稳定性：XZ，故B错误；C. 由W、X、Y三种元素形成的化合物氢氧化钠可使酚酞试液变红，故C正确；D. Y在自然界中以化合态的形式存在，故D错误。故选C。2、B【题目详解】A. 反应2NO2(g)N2O4(g)的正反应为放热反应，升高温度，平衡逆向移动，产生更多的NO2气体，二氧化氮浓度增大，左侧气体颜色加深；降低温度，化学平衡向放热的正反应方向移动，二氧化氮浓度减小，右侧气体颜色变浅，能够用勒夏特列原理解释，A不符合题意；B. 烧瓶中冒气泡，证明酸性：HClH2CO3，但HCl不是最高价氧化物对应的水化物，不能比较C、Cl的非金属性强弱；试管中出现浑浊，可能是由于发生反应：2HCl+Na2S

17、iO3=2NaCl+H2SiO3，也可能是由于发生反应：CO2+H2O+Na2SiO3=Na2CO3+H2SiO3，无法用元素周期律解释，B符合题意；C. 根据盖斯定律可知：H=H1+H2，能够用盖斯定律解释，C不符合题意；D. 根据电子守恒可知，电解水生成H2与O2的物质的量之比2:1，结合阿伏伽德罗定律可知，H2与O2的体积比约为2:1，D不符合题意；故合理选项是B。3、B【答案解析】A、相同温度体积下，三种气体的质量相等，三种气体的物质的量之比等于摩尔质量的倒数比，即为16：2：1，等于气体的分子数目之比，故A错误；B、相同温度体积下，三种气体的质量相等，三种气体的物质的量之比等于摩尔质

18、量的倒数比，即为16：2：1，故B正确；C、相同温度下，三种气体的密度等于摩尔质量和摩尔体积的比，体积温度一样，所以摩尔体积一样，摩尔质量之比即为密度比，应该是1：8：16，故C错误；D、根据PV=nRT，温度体积一样，压强之比等于物质的量之比，即为16：2：1，故D错误；故选B。4、C【题目详解】A.硫酸的密度大于水的，因此11mL质量分数为98的H2SO4用11mL水稀释后，H2SO4的质量分数大于49，故A正确；B.没有481mL的容量瓶，因此配制11molL-1的Na2CO3溶液481mL，需用511ml容量瓶，故B正确；C.量取浓硫酸时，仰视量筒，量筒小刻度在下方，会导致量取的浓硫酸

19、体积偏大，配制的溶液中溶质的物质的量偏大，溶液浓度偏高，故C错误；D.同温同压下，体积比等于物质的量的比，则21mLCH4和61mLO2所含的原子数之比为（215）:（612）=5:6，故D正确。故选C。【答案点睛】配制一定物质的量浓度的溶液时的误差分析根据c= 进行判断。5、C【题目详解】A浓盐酸与高锰酸钾反应生成氯气，氯气与水反应生成的HClO具有漂白性，则C中盛品红溶液褪色，故A正确；B醋酸与碳酸钙反应生成二氧化碳，二氧化碳与硅酸钠反应生成硅酸沉淀，则C中溶液变浑浊，故B正确；C浓氨水与生石灰混合可制备氨气，氨气与氯化铝反应生成氢氧化铝沉淀，则C中产生白色沉淀，但氢氧化铝不能被氨水溶解，

20、故C错误；D仪器D具有球形结构，体积较大，可以起到防止溶液倒吸的作用，故D正确；故选C。6、A【答案解析】A能使pH试纸显蓝色的溶液是碱性溶液，在碱性溶液中：K、Ba2、Cl、Br不会发生反应，可以大量共存，A正确；B常温下pH1的溶液是酸性溶液，在酸性溶液中：Fe2、H、NO会发生氧化还原反应而不能大量共存，B错误；CFe3与SCN、I会发生反应而不能大量共存，C错误；D能使石蕊试液显红色的溶液是酸性溶液，在酸性溶液中：H、S2、会发生反应产生H2S、CO2气体而不能大量共存，D错误；答案选A。7、A【答案解析】A项，Fe3+、Ba2+、NO3-、Cl-四种离子互相之间都不反应，所以可以大量

21、共存，符合题意；B项，使酚酞变红色的溶液显碱性，碱性溶液中不能存在大量的NH4+，不符合题意；C项，铝离子和偏铝酸根离子会发生双水解反应得到氢氧化铝沉淀，所以不能大量共存，不符合题意；D项，由水电离产生的c(H+)=10-13mol/L，说明水的电离被抑制了，溶液可能呈酸性，也可能呈碱性，在酸性条件下CH3COO-不能大量存在，不符合题意；答案选A。【答案点睛】判断离子是否大量共存，应该考虑如下的情况下离子不能大量共存：1、发生复分解反应。（1）生成难溶物或微溶物：如：Ag+与Cl-等不能大量共存。（2）生成气体或挥发性物质：如：H+与CO32-、HCO3-、S2-、HS-等不能大量共存。（3

22、）生成难电离物质：如：H+与CH3COO-等因生成弱酸不能大量共存；OH-与NH4+因生成的弱碱不能大量共存；H+与OH-生成水不能大量共存。2、发生氧化还原反应：氧化性离子(如Fe3+、ClO-、MnO4-等)与还原性离子(如S2-、I-、Fe2+等)不能大量共存。3、离子间发生双水解反应不能共存：如Al3+、Fe3+与CO32-、HCO3-、S2-、HS-等。4、络合反应：如Fe3+和SCN-。8、B【答案解析】试题分析：A、如果使用游码，造成称量结果偏小，如果不适用游码，结果无影响，故错误；B、氯水中含有氯气、盐酸、次氯酸，盐酸使pH变色，但次氯酸具有强氧化性，能把pH漂白，因此pH试纸

23、无法测出氯水的pH，故正确；C、高锰酸钾溶液具有强氧化性，能把橡胶氧化，因此盛放酸性溶液和氧化性溶液用酸式滴定管，故错误；D、量筒刻度从上到下减小，量取8.2mL浓硫酸，仰视读数，所量浓硫酸的体积增大，故错误。考点：考查实验仪器的使用等知识。9、D【答案解析】Fe、Al在浓硫酸中钝化是因为在金属表面生成一层氧化膜，阻止金属和酸的进一步反应。这表现了浓硫酸的强氧化性。故D正确。而难挥发性、吸水性表现的是浓硫酸的物理性质，故A、B不正确。脱水性是浓硫酸能将有机物中的H和O按2:1组合成水而脱去，故C不正确。本题的正确选项为D。点睛：本题要注意“钝化”的意思，这是Fe、Al在浓硫酸或浓硝酸中的一种现

24、象。10、D【答案解析】可以将反应理解为：Cu + HNO3 + NaOH Cu(NO3)2 + NaNO3 + NaNO2 + H2O（未配平），由上，发生化合价变化的元素只有Cu和N，所以38.4g Cu（0.6mol）失去1.2mol电子，硝酸也应该得到1.2mol电子生成0.6molNaNO2（一个N原子得到2个电子）。根据钠原子守恒，加入1mol氢氧化钠，则NaNO3 + NaNO2 一共1mol，已知有0.6mol NaNO2，则有0.4molNaNO3。11、C【题目详解】A. 放热反应不一定比吸热反应易发生，如C与O2反应需要点燃，而NH4C1固体与Ba(OH)2 8H2O在常

25、温下即可进行，A项错误；B. 中和反应中，稀的强酸与稀的强碱反应生成1 mol H2O放出57.3 kJ的热量，但不是所有的中和反应生成1 mol H2O都放出57.3 kJ的热量，如醋酸与氢氧化钠反应，B项错误；C. NH4C1固体与Ba(OH)2 8H2O反应为吸热反应，反应物的总能量小于生成物的总能量，体系能量增加，C项正确；D 因乙醇燃烧为放热反应，而2CO2(g) +3H2O(g)=C2H5OH(1)+3O2(g)是乙醇燃烧生成气体水的逆过程，可证明该反应为吸热反应，D项错误；答案选C。【答案点睛】B项是易错点，要紧扣中和热的定义分析作答。12、D【题目详解】A.酸性越弱，加水稀释后

26、电离出的氢离子越多，pH越小，故HB的酸性弱于HA，故A不选；B.溶液的导电性取决于溶液中自由移动离子的浓度。在a、b两点的溶液中都有电荷守恒：c(H+)=c(OH-)+c(A-)和c(H+)=c(OH-)+c(B-)。a点溶液的pH大于b点溶液的PH，所以a点溶液中的c(H+)小于b点溶液中的c(H+)，可以推知a点溶液中的离子的总浓度小于b点溶液中的离子的总浓度，所以a点溶液的导电性小于b点溶液的导电性，故B不选；C.酸的酸性越弱，酸根离子的水解程度越强，故同浓度的NaA与NaB溶液中，c(A)大于c(B)，故C不选；D.根据上图可知，稀释到相同pH时，V(A)小于V(B)，故D选；故选D

27、。13、C【题目详解】AD2O和T2O分子中都含有10个质子，D2O、T2O的相对分子质量分别是20、22，则18 g D2O和18 g T2O的物质的量都小于1 mol，因此其中含有的质子数都小于10NA，A错误；B缺少溶液体积，只有溶液浓度，不能计算溶液中微粒数目，B错误；C过氧化钠与水反应时，O元素化合价由-1价变为-2价和0价，则生成0.1 mol O2转移0.2 mol电子，转移的电子数为0.2NA，C正确；DN2和H2合成NH3的反应为可逆反应，则某密闭容器盛有0.1 mol N2和0.3 mol H2，在一定条件下充分反应，反应产生NH3的物质的量小于0.2 mol，因此反应中转

28、移电子的数目小于0.6NA，D错误；故合理选项是C。14、B【分析】最终得到的沉淀为氢氧化铝和氢氧化铁的混合物，则生成沉淀时消耗氢氧根离子的物质的量为：=0.9mol，因此铁和铝的总物质的量为：0.9mol/3=0.3mol，设合金中铁的物质的量为x、铝的物质的量为y，则56x+27y=11.0、x+y=0.3，解得：x=0.1mol、y=0.2mol，据此分析。【题目详解】A根据计算可知，合金中含有0.1mol铁，其质量为：56g/mol0.1mol=5.6g，故A正确；B.0.1mol铁与稀硫酸反应生成0.1mol氢气，0.2mol铝与稀硫酸反应生成0.3mol氢气，总共生成0.4mol氢

29、气，故B错误；C.铁不与氢氧化钠溶液反应，0.2mol铝与氢氧化钠溶液反应转移电子为：0.2mol3=0.6mol，转移的电子数为0.6NA，故C正确；D. 200mL6molL-1NaOH溶液中含有NaOH的总物质的量为：6mol/L0.2mol=1.2mol，生成沉淀最多时溶质为硫酸钠，则所加硫酸的物质的量为：1.2mol/2=0.6mol，故D正确；答案选B。15、D【题目详解】A左侧溶液变蓝色，生成I2，左侧电极为阳极，右侧电极为阴极，阴极上氢离子得电子生成氢气，则右侧电极反应式为：2H2O+2e-=H2+2OH-，故A正确；B一段时间后，蓝色变浅，发生反应3I2+6OH-=IO3-+

30、5I-+3H2O，中间为阴离子交换膜，右侧I-、OH-通过阴离子交换膜向左侧移动，保证两边溶液呈电中性，左侧的IO3-通过阴离子交换膜向右侧移动，故右侧溶液中含有IO3-，故B正确；C左侧电极为阳极，电极反应为：2I-2e-=I2，同时发生反应3I2+6OH-=IO3-+5I-+3H2O，右侧电极为阴极，电极反应式为：2H2O+2e-=H2+2OH-，故总的电极反应式为：KI+3H2OKIO3+3H2，故C正确；D如果用阳离子交换膜代替阴离子交换膜，左侧电极为阳极，电极反应为：2I-2e-=I2，右侧电极为阴极，电极反应式为：2H2O+2e-=H2+2OH-，为保证两边溶液呈电中性，左侧多余K

31、+通过阳离子交换膜迁移至阴极，左侧生成I2，右侧溶液中有KOH生成，碘单质与KOH不能反应，总反应相当于：2KI+2H2O2KOH+I2+H2，电解槽内发生的总化学方程式发生变化，故D错误；答案为D。16、C【题目详解】A、加入氢氧化钠溶液，碳酸氢根与氢氧根反应生成碳酸根和水，碳酸根浓度增大，A错误；B、二氧化碳与碳酸根、水反应生成碳酸氢根，碳酸氢根浓度增大，B错误；C、碳酸根、碳酸氢根均与氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀，溶液中c(CO32-) 、c(HCO3-)均降低而pH增大，C正确；D、向溶液中加入盐酸，溶液的pH减小，D错误；故选C。二、非选择题（本题包括5小题）17、C10H12O2 羟

32、基、醚键 取代反应 、 4 或CH3COCH3 【分析】根据丁香酚的键线式结构，判断其分子式；根据A的结构简式，判断含氧官能团，对比A、B的结构判断反应类型；根据题中所给信息，写出符合条件的C的同分异构体；根据D的结构判断与H2加成的量；根据题中信息，对比D、E的结构，判断试剂X的结构；据此解答。【题目详解】(1) 丁香酚的键线式结构为，交点、端点为碳原子，用H原子饱和碳的四价结构，可知其分子式为C10H12O2；答案为C10H12O2。(2)由A的结构简式为可知，该有机物含氧官能团有羟基和醚键；A的结构简式为，B的结构简式为，对比A、B的结构，从羟基变成酯基，得出该反应为取代反应；答案为羟基

33、、醚键，取代反应。(3) C的结构简式为，其的分子式为C10H10O4，根据信息中含有苯环，则取代基只剩下4个碳原子，且苯环上有两个取代基，其相对位置应该有邻位、间位和对位三种结构。又因其核磁共振氢谱为3组峰，峰面积比为3：1：1，它可能的同分异构体应该是邻位的两个相同的取代基，因为C是酯类化合物，故取代基为-COOCH3或者-OOCCH3，可以确定符合条件C的同分异构体结构简式为 ，答案为 。(4)由D的结构简式可知，其分子中含有一个醛基，1mol醛基可以加成1molH2，另外1mol苯环也可以加成3molH2，则1mol D最多可以与4mol H2发生加成反应；答案为4。(5) D的结构简

34、式为，E的结构简式为，反应的条件与题干中的羟醛缩合反应对应，说明反应就是羟醛缩合，对比D、E的结构，发现E比2个D多了中间的三个碳原子，可以得出试剂X为或CH3COCH3；答案为或CH3COCH3。18、2:3或者2:7 Na2CO3和NaHCO3 1:1 (NH4)2SO3 4Fe2+8OH-+O2+2H2O=4Fe(OH)3或者分步写Fe2+2OH-=Fe(OH)2，4Fe(OH)2+O2+2H2O=4Fe(OH)3） H+、NH4+、Al3+、SO42- 【分析】已知C可在D中燃烧发出苍白色火焰，所以C为氢气；D为氯气；若A是地売中含量最多的金属元素，则A为铝；AlCl3溶液和氢氧化钠溶

35、液等体积混合后，可能发生的反应有Al3+3OH= Al(OH)3、Al(OH)3+OH=AlO2+H2O,所以生成偏铝酸钠的总反应为Al3+4OH= AlO2+2H2O。若A是CO2气体，A与B溶液反应即CO2+2NaOH=Na2CO3+H2O 、Na2CO3+HCl= NaHCO3+ NaCl、 NaHCO3+HCl= NaCl+H2O+ CO2【题目详解】（1）当得到的沉淀物中A元素与溶液中A元素的质量相等，由反应的离子方程式可知，碱过量时nAl(OH)3=n(AlO2)，此时c( AlCl3):c(NaOH)=2:7当碱量不足时，nAl(OH)3=n(AlCl3) ,此时c( AlCl3

36、):c(NaOH)=2:3所以A的氯化物溶液和氢氧化钠溶液的物质的量浓度之比可能为2:3或2:7。（2）图所示知00.1V盐酸时没有气体放出，发生的是Na2CO3+HCl= NaHCO3+ NaCl ；0.10.3V时气体完全放出，发生的是NaHCO3+HCl= NaCl+H2O+ CO2，所以A与B溶液反应后溶液中的溶质为Na2CO3和NaHCO3，根据消耗盐酸的体积知Na2CO3和NaHCO3物质的量之比为1:1。答案：Na2CO3和NaHCO3、1:1。（3）因为B为NaOH，A是一种正盐能和NaOH生成具有刺激性气味的气体，则A中含有NH4+;因为F为HCl，A是一种正盐且A能与大dd

37、dHCl生成具有刺激性气味的气体，则A中含有SO32_;所以A为(NH4)2SO3。答案：(NH4)2SO3。（4）若A是一种盐，A溶液与B溶液混合将产生白色絮状沉淀且瞬间变为灰绿色，最后变成红褐色的E，向G溶液中加入KSCN后溶液显红色,推断出A为亚铁盐溶液，E为Fe(OH)3，则由A转化成E的离子方程式是Fe2+8OH-+O2+2H2O=4Fe(OH)3或Fe2+2OH-=Fe(OH)2，4Fe(OH)2+O2+2H2O=4Fe(OH)3）。（5）由图可以知道,开始加入NaOH没有沉淀和气体产生,则一定有H+,一定没有CO32-,后来有沉淀产生且最后消失,则一定没有Mg2,一定含有Al3+

38、;中间段沉淀的质量不变,应为NH4+OH-= NH3H2O的反应,则含有NH4+,由电荷守恒可以知道一定含有SO42-,由此可知，该溶液中肯定含有的离子为H+、NH4+、Al3+、SO42-。19、2MnO410Cl16H= 2Mn28H2O5Cl2 冷却和收集三氯化硼 硼粉与HCl反应生成的氢气与氯气混合，加热时易发生爆炸 BCl33H2O=H3BO33HCl 隔绝空气，密封保存 碱石灰 NaOH 【分析】（1）在A装置中用高锰酸钾固体粉末与浓盐酸发生反应可以制取氯气；（2）在 E装置的作用是冷却和收集三氯化硼；如果拆去B装置，可能会发生反应2B+6HCl2BCl3+3H2，在D中加热氢气与

39、氯气的混合气体，易发生爆炸；（3）三氯化硼遇水剧烈反应生成硼酸（H3BO3）和白雾，该反应的化学方程式是BCl3+3H2O=H3BO3+3HCl；因此在实验室保存三氯化硼的注意事项要隔绝空气，密封保存，防止受潮水解；（4）F中浓硫酸防水蒸气进入E中使BCl3水解，G装置盛装氢氧化钠溶液吸收尾气，故实验中可以用一个盛装碱石灰的干燥管来代替F+G装置；（5）先点燃A处酒精灯，待整套装置中都充满Cl2后再点燃D处酒精灯，使之发生反应；若先点燃D处酒精灯，这时B就与装置中的空气发生反应得到B2O3，产生的BCl3产率和纯度降低；同时点燃A、D处酒精灯也会导致产生B2O3，影响制备BCl3；（6）由于B

40、的性质与Al相似，既能与强酸反应，也能与强碱反应放出氢气，所以取少量样品于试管中，滴加浓NaOH溶液，若有气泡产生，则样品中含有硼粉。【题目详解】（1）在A装置中用高锰酸钾固体粉末与浓盐酸发生反应可以制取氯气，反应的离子方程式为：2MnO410Cl16H = 2Mn28H2O5Cl2；（2）由于浓盐酸有挥发性，所以在氯气中含有HCl气体，用饱和NaCl溶液除去HCl杂质，用浓硫酸进行干燥，在D中发生反应：3Cl2+2B2BCl3；E装置的作用是冷却和收集三氯化硼；如果拆去B装置，可能会发生反应2B6HCl2BCl33H2，在D中加热氢气与氯气的混合气体，易发生爆炸；（3）三氯化硼遇水剧烈反应生

41、成硼酸(H3BO3)和白雾，该反应的化学方程式是BCl33H2O=H3BO33HCl；因此在实验室保存三氯化硼的注意事项要隔绝空气，密封保存，防止受潮水解；（4）为防止BCl3水解在E与G之间连接一个盛有浓硫酸的装置；G装置中NaOH溶液吸收多余的Cl2，防止污染大气；在实验中也可以用一个盛装碱石灰的干燥管代替F和G装置，碱石灰既能吸收H2O（g）又能吸收Cl2，使实验更简便；（5）先点燃A处酒精灯，待整套装置中都充满Cl2后再点燃D处酒精灯，使之发生反应，正确；若先点燃D处酒精灯，这时B就与装置中的空气发生反应得到B2O3，再点燃A处酒精灯产生的BCl3产率和纯度降低，错误；同时点燃A、D处

42、酒精灯也会导致产生B2O3，影响制备BCl3；答案选。（6）由于B的性质与Al相似，既能与强酸反应，也能与强碱反应放出氢气，所以取少量样品于试管中，滴加浓NaOH溶液，若有气泡产生，则样品中含有硼粉。【答案点睛】本实验属于物质制备与检验综合设计实验，涉及制备气体、净化气体、干燥气体和尾气处理，题目难度中等。20、酸性和还原性 饱和食盐水，除去氯气中混有的氯化氢 浓硫酸，干燥氯气 A D 2Fe3Cl22FeCl3 吸收未反应的氯气，以免污染空气 防止空气中的水蒸气进入E中 2Cl22Ca(OH)2=CaCl2Ca(ClO)22H2O 【分析】由实验装置可知，A中发生MnO2+4HCl(浓)MnCl2+Cl2+2H2O，B中饱和食盐水可除去挥发的HCl，C中浓硫酸可干燥氯气，D中发生2Fe+3Cl22FeCl3，F中碱石灰可吸收过量的氯气且防止空气中水进入D，石灰乳吸收氯气可制得漂粉精，发生2Cl2+2Ca(OH)2=CaCl2+Ca(ClO)2+2H2O，以此来解答。【题目详解】(1)在A装置部分中发生反应MnO2+4HCl(浓)MnCl2+Cl2+2H2O，浓盐酸中部分Cl元素化合价发生化合价变化，由-1价变为0价，化合价升高，失电子，作还原剂，表现还原性，产物中生成氯化锰，表现了酸性；(2)根据分析，装置B