2023学年天津市芦台一中物理高二第一学期期中达标检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，用线把小球A悬于O点，静止时恰好与另一固定小球B接触。今使两球带同种电荷，悬线将偏离竖直方向某一角度1，此时悬线中的张力大小为T1；若增加两球的带电量，悬线偏离竖直方向的角度将增大为2，此时悬线中的张力大小为T2，则：AT1T2

2、 D无法确定2、图甲为某一小灯泡的UI图线,现将两个这样的小灯泡并联后再与一个 3的定值电阻串联,接在内阻为 2，电动势为 5V 的电源两端,如图乙所示 , 则 ( )A此时电源内电路功率大于外电路功率B通过电流表的电流为 0.6A,此时每盏小灯泡的电功率为 0.6WC内电路上的电压为 2V,此时内电路的电功率为 0.36WD通过R的电流为 0.3A,此时R的电功率为0.9W3、匀强电场方向水平向右，现用一外力将带正电小球拉至图示位置，使轻绳恰好水平伸直然后将小球由静止释放已知小球所受电场力大小等于重力大小，不考虑空气阻力，则 （ ）A小球在下摆过程中速度越来越大B小球在下摆过程中机械能不断增

3、大C整个运动过程中小球电势能与机械能之和一定不变D小球运动至左侧最高点时与右侧初始位置等高4、如图所示，一宽40cm的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里，一边长为20cm的正方形线框位于纸面内，以垂直于磁场边界的恒定速度v=20cm/s通过磁场区域。在运动过程中，线框有一边始终与磁场边界平行，取它刚进入磁场的时刻t=0，在下列图线中，正确反映电流强度随时间变化规律的是（）ABCD5、某同学从学校前往书城的路线如图中虚线所示，其路程为s，位移大小为x，则（ ）As=4 km ， x=4 km Bs=4 km ， x=2 kmCs=2 km ， x=4 km Ds=2 km ， x=2 km6、如

4、图所示，竖直放置的螺线管与导线构成回路，导线所围区域内有一垂直纸面向里的变化的匀强磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环，要导体圆环受到向上的磁场作用力，则导线所围区域内磁场的磁感应强度随时间变化图象是ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图为一种服务型机器人，其额定功率为48 W，额定工作电压为24 V，机器人的锂电池容量为20 Ah。则机器人()A额定工作电流为20 AB充满电后最长工作时间为2 hC电池充满电后总电量为7.2104 CD以额定电流工作时每

5、秒消耗能量为48 J8、某同学用伏安法测电阻时，分别采用了内接法和外接法，测得的某电阻Rx的阻值分别为R1和R2，则所测阻值与真实值Rx间的关系为()AR1Rx BRxR2CRxR1 DR2Rx9、质量为m的带电小球射入匀强电场后，以方向竖直向上、大小为2g的加速度向下运动，在小球下落h的过程中()A小球的重力势能减少了2mghB小球的动能减少了2mghC电场力做负功2mghD小球的电势能增加了3mgh10、 “蹦极”运动中，长弹性绳的一端固定，另一端绑在人身上，人从几十米高处跳下。将蹦极过程简化为人沿竖直方向的运动。从绳恰好伸直，到人第一次下降至最低点的过程中，下列分析正确的是（）A绳对人的

6、冲量始终向上，人的动量先增大后减小B绳对人的拉力始终做负功，人的动能先增大后减小C绳恰好伸直时，绳的弹性势能为零，人的动能最大D人在最低点时，绳对人的拉力等于人所受的重力三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法测量这个灯泡的UI图线，现有下列器材供选用：A电压表（05V，内阻约10k）B电压表（010V，内阻约20k）C电流表（00.3A，内阻约1）D电流表（00.6A，内阻约0.4）E.滑动变阻器（10，2A）F.学生电源（直流6V），还有开关导线(1)实验中所用电压表应选_，电流

7、表应选用_（用序号字母表示）。(2)为了使实验误差尽量减小，要求从零开始多测几组数据，请在图甲方框内画出满足实验要求的电路图_。(3)某同学利用实验得到的数据画出了该小灯泡的UI曲线（如图乙所示），若直接在小灯泡两端加上2V的电压，则该小灯泡消耗的功率是_W，电阻是_。（结果保留两位有效数字）12（12分）伏安法测电阻的系统误差分析（1）用伏安法测电阻，如果电流表内阻为零，电压表的电阻趋近于无穷大，两种电路（内接和外接）测量同一电阻，测量结果_ （填“相同”或“不相同”）。（2）电流表外接法（如图）用外接法测量待测电阻R的阻值时，电压表测量的是_两端的电压；电流表测量的是通过_的电流；电流表的

8、读数比实际流过待测电阻R的电流_(填“大”或“小”) 外接法误差产生的原因：由于_的分流作用外接法测量值与真实值之间的关系显然R测 _R真 （填“”、“”或“=” ）（3）.测量方法确定：若Rx远小于RV，电压表分流作用小，采用电流表_法（填“外接”或“内接” ）若Rx远大于RA，电流表分压作用小，采用电流表_法（填“外接”或“内接” ）（4）.如图电路，电压表和电流表的读数分别为10V和0.1A，电流表的内阻为0.2，那么有关待测电阻RX的下列说法正确的是_。ARX的测量值比真实值大 B RX的测量值比真实值小C RX的真实值为99.8 D RX的真实值为100.2四、计算题：本题共2小题，

9、共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，水平放置的平行板电容器两板间距为d8 cm，板长为L25 cm，接在直流电源上，有一带电液滴以v00.5 m/s的初速度从板间的正中点水平射入，恰好做匀速直线运动，当它运动到P处时迅速将下极板向上提起cm，液滴刚好从金属板末端飞出，g取10 m/s2，求：(1)下极板上提后液滴经过P点以后的加速度大小；(2)液滴从射入开始匀速运动到P点所用时间。14（16分）有一个平行板电容器，电容是1.510-4F，所带电荷量为610-8 C。如果两板间的距离为1 mm，电容器两极板间的电场强度是多少

10、？15（12分）如图所示，平行金属板A、B间距为d，电压为，一电子由静止从A板开始加速，穿过B板的小孔，垂直进入平行金属板C、D间的匀强电场C、D两板间距离和板长均为L，在C、D板的右侧L处有一垂直于C、D板的显示屏MN，当C、D间电压为零时，电子打在屏上O点当C、D间电压为U时电子打在MN屏的P点图中没画出已知电子电量为e，质量为m，电子重力不计，求：电子从静止开始运动到打到P点所经过的时间；间的距离参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】本题考查的是库仑定律的应用问题，由受力平衡问题可知，小球A质量未变，

11、则T1T2；B正确；ACD均不正确；2、B【解析】A此时外电路电阻大于内电阻，根据P=I2R可知，电源内电路功率小于外电路功率，选项A错误；B设通过每个小灯泡的电流为I，电压为U，则电路中总电流为2I根据闭合电路欧姆定律得：U=E-2I（R+r）代入得：U=5-10I当U=0时，I=0.5A；当I=0时，U=5V。在U-I图上作出U=5-10I的图象如图：此图线与小灯泡的U-I图线的交点即为乙图状态下小灯泡的工作状态，由图读出通过每盏小灯泡的电流强度为I=0.3A，电压为U=2V，则此时通过电流表的电流为 0.6A，每盏小灯泡的电功率为P=UI=0.6W；故B正确；C内电路上的电压为 0.62

12、V=1.2V，此时内电路的电功率为Pr=I2r=0.622= 0.72W选项C错误；D通过R的电流为 0.6A，此时R的电功率为PR=I2R=0.623= 1.08W，选项D错误。3、C【解析】小球受到的电场力水平向右，则小球除受拉力外，还受到重力与电场力可将此两力等效成一个力，其方向与竖直方向夹角为450的位置，则小球在开始一段时间内小球做变速圆周运动，当摆到重力与电场力合力方向时，小球的速度达到最大，故A错误；小球在下摆过程中，电场力一直做负功，则机械能不断减小，选项B错误；小球受到的电场力水平向右，小球作圆周运动过程中，小球电势能与机械能之和一定不变，故C正确；小球受到的电场力水平向右，

13、小球运动至左侧时最高点即为几何最低点，则一定低于释放位置故D错误；故选C.4、C【解析】在内，线框进入磁场区域，穿过线框的磁通量垂直纸面向内且大小增加，根据楞次定律，线框中产生逆时针方向的感应电流阻碍磁通量的增加，此时感应电流为在内，整个线框在匀强磁场中运动，穿过线框的磁通量不变，线框中不产生感应电流；在内，线框出磁场，穿过线框的磁通量垂直纸面向里且大小减小，根据楞次定律，线框中产生顺时针方向的感应电流阻碍磁通量的变化，此时感应电流为综上所诉，ABD错误，C正确。故选C。5、B【解析】由运动路线可知，同学从学校到书城的路程是s=1km+2km+1km=4km；位移为x=2km，故选B.【点睛】

14、路程是轨迹的长度；而位移是从起点指向终点的有向线段的长度，据此回答.6、D【解析】导体圆环将受到向上的磁场作用力，根据楞次定律的另一种表述，可见原磁场磁通量是减小即螺线管和构成的回路中产生的感应电流在减小根据法拉第电磁感应定律，则感应电流可知减小时，感应电流才减小ABAB选项中所示斜率不变，不符合题意，故AB错误C选项中所示斜率增大，不符合题意，故C错误D选项中所示斜率减小，符合题意，故D正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】A. 根据P=UI可知，额定

15、电流应该为故A错误。B. 机器人的锂电池容量为20Ah，即当额定电流2A下工作时，能够工作最长时间为10h，故B错误。C. 电源充满电后的总电量为q=It=203600C=7.2104C故C正确。D. 在额定电流下，机器人功率48W，即每秒消耗48J电能，故D正确。8、AD【解析】采用内接法时，电流表与待测电阻串联，故电流表是准确的；而由于电流表的分压使电压表测量值偏大，由欧姆定律可知求得的测量值偏大，故A正确；当采用外接法时，电压表与待测电阻并联，故电压表是准确的；而由于电压表的分流使电流表测量结果偏大，由欧姆定律可知测量值偏小，故D正确。所以AD正确，BC错误。9、BD【解析】试题分析：小

16、球下落h，重力势能减少量为EP=mgh，故A错误；小球的动能变化等于合外力做的功，Ek=（mg-F）h=-2mgh，即动能减少了2mgh，故B正确；电场力的做功为W=-Fh=-3mgh，故C错误；小球的加速度方向向上，大小是2g，由牛顿第二定律可得，2mg=F-mg，电场力F=3mg，方向向上；电场力向上，小球向下运动，电场力做负功，电势能增加，EP=Fh=3mgh，故D正确；故选BD考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题考查对功能关系的理解能力，对于几对功能关系的理解要准确，不能张冠李戴，动能的变化由合力的做功决定，重力势能的变化由重力做功决定电势能的变化有电场力的功决定10、AB【解

17、析】A由于绳对人的作用力一直向上，故绳对人的冲量始终向上，由于人在下降中速度先增大后减小；故动量先增大后减小，故A正确；B在该过程中，拉力与运动方向始终相反，绳子的力一直做负功；由于人在下降中速度先增大后减小，则人的动能先增大后减小；故B正确；C绳子恰好伸直时，绳子的形变量为零，弹性势能为零；但此时人的动能不是最大，故C错误；D人在最低点时，绳子对人的拉力一定大于人受到的重力，故D错误。故选AB。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A； D； 0.80； 5.0； 【解析】(1)12因小灯泡标有“4V，2W”的字样，故电压表应选A，由得

18、小灯泡额定电流为0.5A，故电流表应选D。(2)3因小灯泡电流从零调，故滑动变阻器应用分压式接法；因小灯泡电阻远小于电压表内阻，故电流表应用外接法。电路图如图所示：(3)45直接在小灯泡两端加上2V的电压，由图可知，流过小灯泡的电流为0.40A，小灯泡的功率P=UI=0.80W电阻为12、相同 电阻R 电压表和电阻R 大 电压表 外接 内接 AC 【解析】（1）1用伏安法测电阻，如果电流表内阻为零，电压表的电阻趋近于无穷大，则电表对测量结果无影响，即两种电路（内接和外接）测量同一电阻，测量结果相同。（2）电流表外接法（如图）234用外接法测量待测电阻R的阻值时，电压表测量的是电阻R两端的电压；电流表测量的是通过电压表和电阻R的电流；电流表的读数比实际流过待测电阻R的电流大； 5外接法误差产生的原因：由于电压表的分流作用；6根据可知，因为电流表的读数比实际流过待测电阻R的电流大，则外接法测量值与真实值之间的关系显然R测 R真 ；（3）测量方法确定：7若Rx远小于RV，电压表分流作用小，采用电流表外接法；8若Rx远大于RA，电流表分压作用小，采用电流表内接法；（4）9此电路中由于电流表的分压作用，则RX