2023学年山东省临沂第十九中学物理高二第一学期期中联考试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、图甲为某一小灯泡的UI图线,现将两个这样的小灯泡并联后再与一个 3的定值电阻串联,接在内阻为 2，电动势为 5V 的电源两端,如图乙所示 , 则 ( )A此时电源内电路功率大于外电

2、路功率B通过电流表的电流为 0.6A,此时每盏小灯泡的电功率为 0.6WC内电路上的电压为 2V,此时内电路的电功率为 0.36WD通过R的电流为 0.3A,此时R的电功率为0.9W2、如图所示，在某电场中画出了三条电场线，C点是A、B连线的中点。已知A点的电势A30 V，B点的电势B10V，则C点的电势( )AC10 VBC10 VCC10VD上述选项都不正确3、如图所示电路的三根导线中有一根是断的。电源、电阻器R1、R2及另外两根导线都是好的。为了查出断导线，某学生想先用万用表的红表笔连接在电源的正极a，再将黑表笔分别连接在电阻器R1的b端和R2的c端，并观察万用表指针的示数。在下列选挡中

3、，符合操作规程的是：（）A直流10V挡B直流0.5A挡C直流2.5V挡D欧姆挡4、关于动摩擦因数,下列说法正确的是( )A两物体接触面间压力越大,动摩擦因数越大B两物体间滑动摩擦力越大,动摩擦因数越大C两物体间的动摩擦因数与滑动摩擦力成正比,与两物体间的压力成反比D两物体间的动摩擦因数是由两物体的材料和接触面的粗糙程度等决定的,与滑动摩擦力和正压力无关5、有一铅蓄电池，当移动1C电荷时非静电力做功2J，该铅蓄电池的电动势是（ ）A2VB1VC2.5VD1.5V6、在下图各种电场中，A点电场强度大于B点电场强度的是 （ ）A B C D二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题

4、给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，足够长的光滑导轨倾斜放置，导轨宽度为L，其下端与电阻R连接；导体棒ab电阻为r，导轨和导线电阻不计，匀强磁场竖直向上若导体棒ab以一定初速度v下滑，则关于ab棒下列说法中正确的为 ( )A所受安培力方向水平向右B可能以速度v匀速下滑C刚下滑的瞬间ab棒产生的电动势为BLvD减少的重力势能等于电阻R上产生的内能8、如图所示是某导体的伏安特性曲线，由图可知，下列结论正确的是()A导体的电阻是25 B导体的电阻是0.04 C当导体两端的电压是0.04 V时，通过导体的电流是1 AD当通过

5、导体的电流是0.1 A时，导体两端的电压是2.5 V9、质量为m的金属导体棒置于倾角为的导轨上，棒与导轨间的动摩擦因数为，当导体棒通以垂直纸面向里的电流时，恰能在导轨上静止，如图所示的四个图中，标出了四种可能的匀强磁场方向，其中棒与导轨问的摩擦力可能为零的是( )ABCD10、如图甲所示，x轴上固定两个点电荷Q1、Q2(Q2位于坐标原点O)，其上面有M、N、P三点，间距MN=NP，Q1、Q2在x轴上产生的电势随x变化关系如图乙。则（）AN点场强大小为零B从M点到P点场强先增大后减小CM、N之间电场方向沿x轴正方向D一个正试探电荷从P移到M过程中，电场力做功|WPN|=|WNM|三、实验题：本题

6、共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图甲为一段粗细均匀的新型导电材料棒，现要测量该材料的电阻率.(1)首先用多用电表的欧姆挡(倍率为100)粗测其电阻，指针位置如图乙所示，其读数为_.(2)用螺旋测微器测量此新型导电材料的直径d，测量结果如丙图所示，则d_mm，用游标卡尺测量此新型导电材料的长度L，测量结果如丁图所示，则L_mm. (3)采用以下器材用伏安法尽可能准确地测量其电阻A电流表：量程为0.6A，内阻约为0.2B电压表：量程为3V，内阻约为3kC滑动变阻器，最大阻值为20，额定电流1AD电源E，电动势6VE.开关S，导线若干请在方框中画

7、出实验原理电路图_(4)某同学设计了如图所示的实验电路，但是在实验过程中却发现导电材料棒电阻率的测量明显偏小，经检查发现实验中有一根导线连接错误，该导线是_.(用导线的序号表示) (5)如果(3)问实验电路中电流表示数为I，电压表示数为U，并测出该棒的长度为L，直径为d，则该材料的电阻率_(用I、U、L、d表示)12（12分）在探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系实验中，小李同学采用了如图所示的可拆式变压器（铁芯不闭合）进行研究 （1）实验还需下列器材中的_（多选）；（2）实验中，上图中变压器的原线圈接“0；8”接线柱，副线圈接线“0；4”接线柱，当副线圈所接电表的示数为5.0V，则所接电源电

8、压档位为_。A18.0V B10.0V C5.0V D2.5V四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，粗糙水平轨道与半径为R的竖直光滑半圆轨道在B点平滑连接，在过圆心O的水平界面M的下方分布有水平向右的匀强电场，场强E=2mgq，现有一质量为m、电量为+q的小球(可视为质点)从水平轨道上A点由静止释放,小球运动到C点离开圆轨道后经界面MN上的P点进入电场(P点恰好在A点的正上方).已知A、B间距离为2R,重力加速度为g,求：(1)小球在C处的速度大小；(2)小球从A运动到B克服阻力所做的功；(3)球从

9、A运动到C的过程中对轨道压力的最大值。14（16分）如下图所示,分布在半径为r的圆形区域内的匀强磁场,磁感应强度为B,方向垂直纸面向里电量为q、质量为m的带正电的粒子从磁场边缘A点沿圆的半径AO方向射入磁场,离开磁场时速度方向偏转了60角试确定: 粒子做圆周运动的半径;粒子的入射速度;粒子在磁场中运动的时间15（12分）飞行时间质谱仪研究，我国再获技术成果。其原理如图所示，它可以根据测出带电粒子的飞行时间对气体分子进行分析。在真空状态下，自脉冲阀P喷出微量气体，经激光照射产生不同正离子，自a板小孔进入a、b间的加速电场，从b板小孔射出，沿中线方向进入M、N板间的方形区域，然后到达紧靠在其右侧的

10、探测器。已知极板a、b间的电压为，间距为d，极板M、N正对且长度和间距均为L，测出某一离子从a板到b板的飞行时间为t，不计离子重力及经过a板时的初速度。(1)求该离子的比荷；(2)若在M、N间加上偏转电压U，为保证上述离子能直接打在探测器上，求U与的关系。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A此时外电路电阻大于内电阻，根据P=I2R可知，电源内电路功率小于外电路功率，选项A错误；B设通过每个小灯泡的电流为I，电压为U，则电路中总电流为2I根据闭合电路欧姆定律得：U=E-2I（R+r）代入得：U=5-10I

11、当U=0时，I=0.5A；当I=0时，U=5V。在U-I图上作出U=5-10I的图象如图：此图线与小灯泡的U-I图线的交点即为乙图状态下小灯泡的工作状态，由图读出通过每盏小灯泡的电流强度为I=0.3A，电压为U=2V，则此时通过电流表的电流为 0.6A，每盏小灯泡的电功率为P=UI=0.6W；故B正确；C内电路上的电压为 0.62V=1.2V，此时内电路的电功率为Pr=I2r=0.622= 0.72W选项C错误；D通过R的电流为 0.6A，此时R的电功率为PR=I2R=0.623= 1.08W，选项D错误。2、C【解析】试题分析：电场线的疏密表示电场的强弱由图看出，ac段电场线比bc段电场线密

12、，ac段场强较大，根据公式U=Ed定性分析a、c间与b、c间电势差的大小，再求解中点C的电势c解：由图看出，ac段电场线比bc段电场线密，ac段场强较大，根据公式U=Ed可知，a、c间电势差Uac大于b、c间电势差Ucb，即accb，得到c所以选项C正确故选：C点评：本题的关键是运用匀强电场中场强与电势差的公式定性分析电势差的大小要注意公式使用的条件是匀强电场常规题3、A【解析】用欧姆档要把电源断开，本题操作没有，所以不用欧姆档；用电流档要用较大量程，本题的电流表量程的0.5A太小；由于电源的电动势为6V，用电压档检测其量程要大于6V，故A正确，B、C、D错误；故选A。4、D【解析】两物体间的

13、动摩擦因数是由两物体的材料和接触面的粗糙程度等决定的,与滑动摩擦力和正压力无关，D正确5、A【解析】由电动势公式A2V，与结论相符，选项A正确；B1V，与结论不相符，选项B错误；C2.5V，与结论不相符，选项C错误；D1.5V，与结论不相符，选项D错误；6、B【解析】A、在负点电荷的同一个圆上的所有点的电场的大小都是相等的，但是它们的方向不同，故A错误；B、在正的点电荷的电场中，离电荷近的地方电场强度大，所以A的电场强度大于B点的，故B正确；C、在匀强电场中各个点的电场强度都相同，所以A、B的电场强度相等，所以C错误；D、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以A的电场强度

14、小于B的电场强度，故D错误故选：B二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】导体棒ab以一定初速度下滑，导体棒和定值电阻组成的闭合回路磁通量减小，根据楞次定律，产生的感应电流自b到a，左手判断安培力水平向右，选项A对如下图，若安培力和重力的合力垂直导轨向下，则沿导轨方向合力为0，即没有摩擦力，那么导体棒将做匀速直线运动，选项B对刚下滑瞬间速度在垂直磁场的分速度为，所以产生的感应电动势为,选项C错下滑过程重力势能减少，感应电流在电阻上产生焦耳热，还可能伴随动能的增

15、加，即使没有动能的增加，减少的重力势能也应该等于和上面产生的热量选项D错8、AD【解析】：A、I-U图像的斜率表示电阻的倒数,故导体的电阻R=50.2=25，故A正确，B错误；C、由欧姆定律可以知道,当导体的电压为0.04V时,电流I=0.0425A=0.0016A故C错误D、由欧姆定律可以知道：当电流为0.1A时,电压U=IR=0.125V=2.5V 故D正确；综上所述本题答案是：AD9、AD【解析】导线静止，受力平衡，对导线受力分析，受到向下的重力作用，垂直于斜面向上的支持力，沿斜面向上的静摩擦力。A项中安培力竖直向上，安培力、重力以及支持力三个力可能平衡，可以不受摩擦力作用；故A对；B项

16、中安培力垂直斜面向下，重力、安培力以及支持力不可能平衡，因此必须要有摩擦力；故B错C项中安培力水平向左，重力、安培力以及支持力不可能平衡受摩擦力；故C错；D项中安培力沿斜面向上，重力与安培力以及支持力可以平衡时导线可以不受摩擦力。故D对；故选AD10、AC【解析】A-x图线的切线斜率表示电场强度的大小，则知N处场强大小为零，故A正确；B从M点到P点，图象斜率的绝对值先减小后增大，则场强先减小后增大，故B错误；CM点的电势为零，MN间的电势小于零，因沿电场线方向电势降低，故在MN间电场方向沿x轴正方向，故C正确；D由图象可知，UMNUNP，故电场力做功qUMNqUNP，从P移到M过程中，电场力做

17、负功，故电场力做功|WPN|n1n2，利用此关系就可以确定求解。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)2gR (2)3mgR (3)35mg 【解析】(1) 利用小球做平抛运动，据平抛运动水平方向的匀速和竖直方向的自由落体运动求解即可；(2) 从A到C利用动能定理求解即可；(3) 从小球受到重力和电场力的合力分析处小球在轨道上的最大压力，利用牛顿第二定律求解即可。【详解】(1) 小球离开C点做平抛运动，根据R=12gt2解得：t=2hg 则小球在C点的速度vC=2Rt 解得：vC=2gR；(2) AC过程，由

18、动能定理得：Eq3R-mg2R-Wf=12mvC2 代入数据解得：Wf=3mgR； (3) 小球进入圆周轨道，电场力做正功，重力做负功从P点进入电场做曲线运动，电场力做负功，重力做正功，由于电场力是重力2倍，因此小球在圆周D处速度最大，利用复合场等效法D处应是重力与电场力合力连线跟圆周的交点，设OD连线与竖直方向夹角为，则tan=2AD过程，根据动能定理得：Eq(2R+Rsin)-Wf-mgR(1-cos)=12mvm2 N-mgcos-qEsin=mvm2R 解得：N=35mg。14、 (1)r；(2)；(3)【解析】电荷在匀强磁场中做匀速圆周运动，画出轨迹，由几何知识求出半径，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律求出速度、定圆心角，求时间；【详解】（1）设粒子做匀速圆周运动的半径为R，如图所示：，所以：，则三角形是等边三角形，故：；（2）根据牛顿运动定律：，则：；（3）由图知，粒子在磁场中的运动方向偏转了60角，所以粒子