江苏省泰兴市西城中学2023学年物理高二第一学期期中经典试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，两个固定的等量异种电荷，在它们连线的垂直平分线上有a、b、c 三点，则Aa点电势比b点高Ba、b两点场强方向可能不同Ca、b、c三点与无穷远处电势相等D一带电粒子（不计重力）在a点无初速释放，则它将在a、b连线上运动2、平

2、行板A、B组成电容器，充电后断开电源与静电计相连，要使静电计指针张角变大，下列措施可行的是： AB板向右移动BA板向右移动CA、B板间插入电介质D减少极板上的电荷量3、如图空间存在两个相邻的磁感应强度大小相等方向相反的有界匀强磁场，其宽度均为L，现将宽度也为L的矩形闭合线圈从图示位置垂直磁场方向匀速拉过磁场区域，则在该过程中能正确反映线圈中所产生的感应电流或其所受安培力随时间变化的图象是：（规定线圈中逆时针为电流正方向，线圈受安培力方向向左为正方向）（ ）ABCD4、一电压表，内阻为3K，量程为03V，要把它改装成一个量程为015V的电压表，需要给它A并联一个12K的电阻B并联一个15K的电阻

3、C串联一个12K的电阻D串联一个15K的电阻5、关于电流，下列说法中正确的是()A通过导体横截面的电荷量越多，电流越大B电子运动的速率越大，电流越大C单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，导体中的电流越大D因为电流有方向，所以电流是矢量6、如图所示的电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数的变化量分别用I、U1、U2和U3表示下列说法正确的是( ) A不变，变大B变大，变大C变大，不变D不变，不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的

4、。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，真空中M、N处放置两等量异种电荷，a、b、c为电场中的三点，实线PQ为M、N连线的中垂线，a、b两点关于MN对称，a、c两点关于PQ对称，已知一带正电的试探电荷从a点移动到c点时，试探电荷的电势能增加，则以下判定正确的是()AM点处放置的是负电荷Ba点的场强与c点的场强完全相同Ca点的电势高于c点的电势D若将该试探电荷沿直线由a点移动到b点，则电场力先做正功，后做负功8、A、B是一条电场线上的两点，若在某点释放一初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，从A点运动到B点，其速度随时间变化的规律如图所示，则（）A电子在A、B两点受

5、的电场力FAFBBA、B两点的电场强度EAEBCA、B两点的电势ABD电场线的方向一定是从A到B9、如图所示，电源电动势为E，内阻为r，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光在将滑动变阻器的触片逐渐向右滑动的过程中，下列说法正确的是() A小灯泡L1、L2均变暗B小灯泡L1变亮，小灯泡L2变暗C电流表A的读数变小，电压表V的读数变大D电流表A的读数变大，电压表V的读数变小10、如图所示，两块较大的金属板A、B平行放置并与一电源相连，S闭合后，两板间有一质量为m、电荷量为q的油滴恰好处于静止状态以下说法正确的是（ ）A若将B板向上平移一小段距离，则油滴向下加速运动，G

6、中有ab的电流B若将B板向左平移一小段距离，则油滴仍然静止，G中有ba的电流C若将S断开，A向左平移一小段距离，则油滴向上加速度运动，G中无电流D若将S断开，再将A板向下平移一小段位移，则油滴仍静止，G中无电流三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）测金属丝的电阻率实验。(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径如图(a)，其示数为_mm；(2)实验电路如图(b)，请用笔画线代替导线，完成图(c)的实物连线_；(3)开启电源，合上开关，记录ap的长度L和电流表A的示数I；移动线夹改变ap的长度L，测得多组L和I值，做出L的图线，求得图线斜率为

7、k；(4)若稳压电源输出电压为U，金属丝的横截面积为S，则该金属丝的电阻率=_（用k、U、S表示）。12（12分）按照有效数字规则读出下列电表的测量值（1）接03V量程时读数为_V （2）接00.6A量程时读数为_A四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）带电量为+310-7C的粒子先后经过电场中的A、B两点，克服电场力做功为610-5J，已知B点电势为100V，则（1）A、B间两点间的电势差UAB是多少?（2）A点的电势 A是多少?（3）电势能的变化EP是多少?14（16分）如图所示，两竖直虚线间距为L，之间

8、存在竖直向下的匀强电场自该区域的A点将质量为m、电荷量分别为q和q(q0)的带电小球M、N先后以相同的初速度沿水平方向射出小球进入电场区域，并从该区域的右边界离开已知N离开电场时的位置与A点在同一高度；M刚离开电场时的动能为刚进入电场时动能的8倍不计空气阻力，重力加速度大小为g已知A点到左边界的距离也为L（1）求该电场的电场强度大小；（2）求小球射出的初速度大小；（3）要使小球M、N离开电场时的位置之间的距离不超过L，仅改变两小球的相同射出速度，求射出速度需满足的条件15（12分）如图所示，一轨道由半径的四分之一竖直光滑圆弧轨道和长度的粗糙水平直轨道在点平滑连接而成现有一质量为的小球从点无初速

9、释放，小球经过段所受阻力为其重力的0.2倍，然后从点水平飞离轨道，落到水平地面上的点，、两点间的高度差为小球运动过程中可视为质点，且不计空气阻力（1）求小球运动至点的速度大小；（2）求小球经过圆弧上点时，轨道所受压力大小；（3）求小球落点与点的水平距离参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：根据等量异种电荷的电场和电势的分布情况可以知道，在它们连线的垂直平分线上的点的电势都是零，并且垂直平分线上所有的点的电场的方向都是平行的，由此可以判断电场和电势的变化的情况A、两个等量异种电荷的电场中，在它们连线

10、的垂直平分线上的点的电势都是零，所以a、b、c三点的电势都相等为零，所以A错误B、两个等量异种电荷的电场中，垂直平分线上所有的点的电场的方向都是平行的，所以B错C、由A的分析可以知道C正确D、垂直平分线上所有的点的电场的方向都是平行的，电场的方向是在水平方向的，所以电荷不能在a、b连线上运动，应该是在水平方向运动，所以D错误故选C考点：点电荷的场强；电场强度；电势点评：本题关键是要明确两个等量异种电荷连线的中垂线上的场强分布情况和电势分布情况2、A【解析】试题分析：根据和分析，B板右移时，d增大，则C减小，故电势差增大，故张角增大，故A正确；A板向右移动，d减小，则C增大，故电势差减小，故张角

11、减小，故B错误；当AB间插入电介质时，C增大，则电势差减小，故张角减小，故C错误；减小电荷量时，C不变，则电势差减小，故夹角减小，故D错误；故选A.【点睛】充电后断开电源，则两极板上的电量不变；要使张角张大，应增大两板间的电势差；根据电容的定义式及平行板电容器的决定式可以分析各选项能否使张角增大3、D【解析】线圈进入磁场，在进入磁场0-L的过程中，E=BLv，电流，方向为逆时针方向安培力的大小F=BIL=，根据左手定则，知安培力方向水平向左在L-2L的过程中，电动势E=2BLv，电流，方向为顺时针方向，安培力的大小F=2，根据左手定则，知安培力方向水平向左在2L-3L的过程中，E=BLv，电流

12、，方向为逆时针方向，安培力的大小为F=BIL=，根据左手定则，知安培力方向水平向左故D正确，ABC错误故选D【点睛】解决本题的关键掌握切割产生的感应电动势公式以及安培力的大小公式，会通过楞次定律判断感应电流的方向，通过左手定则判断安培力的方向4、C【解析】一电压表，内阻为3K，量程为03V，要把它改装成一个量程为015V的电压表，需要给它串联一个的电阻故选C。5、C【解析】AC根据可知，电流等于单位时间内通过导体横截面的电量，通过导体的横截面的电荷量多，电流不一定大，还要看时间，单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大,故A错误，C正确；BD根据I=nesv可知电子运动的速率越大，电

13、流不一定越大，选项B错误；电流的方向是人为规定的，所以电流是一个标量，故D错误【点睛】本题考查了学生对电流的相关知识的掌握，属于电学基础知识的考查，相对比较简单6、C【解析】AR1是定值电阻，有可知不变，不变，故A错误BC当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，R2变大，R2是可变电阻，有所以变大.根据闭合电路欧姆定律得：U2=E-I(R1+r）则知其值不变；故B错误，C正确DU3为路端电压，为外电阻，其值增大，根据闭合电路欧姆定律知其值不变，故D错误【点睛】本题要分定值电阻与可变电阻去分析对于定值电阻，有；对于可变电阻，可根据闭合电路欧姆定律分析与电源内阻的关系，从而作出判断.二、多项选择题：本

14、题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】AC、因正电荷由a到c电势能增加，则电场力做负功，则电势升高故c点电势高于a点电势则M点为负电荷，故A正确，C错误；B、a点与c点为关于两电荷的中垂线对称，则场强大小相等但方向不同，故B错误；D、将该试探电荷沿直线由a点移动到b点，根据等势线分布图可知，电势先降低后升高，则电势能先减小后增大，电场力先做正功、后做负功故D正确；故选AD8、AC【解析】由速度图象看出，图线的斜率逐渐增大，电子的加速度增大，电子所受电场力增大，则电场力FAFB

15、故A正确电子所受电场力增大，场强增大，电场强度EAEB故B错误由题，电子静止开始沿电场线从A运动到B，电场力的方向从A到B，电子带负电，则场强方向从B到A，根据顺着电场线电势降低可知，电势AB故C正确由速度图象看出，电子的速度增大，加速度增大，电场力变大，但是场强方向不一定沿B到A的方向，选项D错误；故选AC. 9、BC【解析】滑动变阻器的触片向右滑动,电阻变大，总电阻变大，总电流变小，所以电流表A的读数变小，小灯泡L2变暗总电流变小，内电压变小，路端电压变大，即电压表V的读数变大又小灯泡L2分压变小，所以并联部分分压变大，小灯泡L1变亮，BC对10、BCD【解析】A项：开始时，重力和电场力平

16、衡，故：mg=qE；将A板上移，由E=Ud可知，E变小，故油滴应向下加速运动；根据C=QU，C=S4kd得Q=SU4kd，故电容器电量减小，放电，故G中有ba的电流；故A错误；B项：若将A板向左平移一小段位移，由E=Ud可知，E不变，油滴仍静止；根据C=QU，C=S4kd得Q=SU4kd，故电容器电量减小，放电，故G中有ba的电流；故B正确；C项：若将S断开，Q不变，根据C=QU，C=S4kd，U=Ed，场强E增大，故油滴向上加速度运动，G中无电流，故C正确；D项：若将S断开，再将A板向下平移一小段位移，根据C=QU，C=S4kd得Q=SU4kd，故场强不变，油滴仍然静止；断路，G中无电流；故

17、D正确。点晴：本题关键是明确电键闭合时，电容器的电压不变，然后结合公式U=Ed和共点力平衡条件列式分析，基础问题。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1)0.360； (2)如图； (4) kUS； 【解析】（1）金属丝的直径为：0.01mm36.0=0.360mm；（2）实物连线如图：（4）由闭合电路的欧姆定律：U=I(Rx+R0)，而；联立解得：，则，解得.12、2.17 0.16 【解析】试题分析：电表读数,最小刻度是1的读到0.1,最小刻度是2和5的读到1，所以上面二表的读数分别为2.17V和0.16A考点：电表读数四、计算

18、题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）-200V；（2） -100V；（3）610-5J【解析】（1）A、B间两点间的电势差是（2）由UAB=A-B，B点电势B=100V，则A点的电势A=-100V。（3）由题，电荷克服电场力做功610-5J，电势能的变化EP=610-5J。14、（1）（2）（3）【解析】小球运动过程只受重力和电场力作用，故小球在水平方向做匀速运动，那么，小球在电场区域内外的运动时间t相同；在电场区域外，小球在竖直方向做加速度为g的匀加速运动，故小球进入电场时的竖直分速度为；（1）N离开电场时的位置与A点在同一高度，即竖直位移为零；设N在电场内的加速度为a，则有：，所以，方向竖直向上；故由牛顿第二定律可得，所以电场的电场强度；（2）M在电场中的加速度，方向竖直向下；故M刚离开电场时的竖直分速度；又有小球在水平方向做匀速运动，设小球射出的初速度为v0，则有：；故由M刚离开电场时的动能为刚进入电场时动能的8倍可得：；所以，所以