2023学年湖南省长沙雅礼中学物理高二上期中质量跟踪监视试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于用电器的电功和电功率，下列说法中错误的是（ ）A电功率越大的用电器，电流做功越快B电功

2、率小的用电器，电流做功不一定少C额定功率大的用电器，消耗的电能一定多D相同时间内，电流做功多的用电器电功率大2、下列关于磁感应强度方向的说法中，错误的是（ ）A磁感线上某点的切线方向就是该点磁感应强度的方向B某处磁感应强度的方向就是该处小磁针北极所指的方向C磁感应强度是个标量，没有方向D某处磁感应强度的方向就是某处磁场方向3、目前世界上正在研究一种新型发电机叫磁流体发电机，它可以把气体的内能直接转化为电能。如图所示为它的发电原理图.将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量带正电和负电的离子，从整体上来说呈电中性）喷射入磁感应强度为B的匀强磁场，磁场中有两块正对面积为S，相距为d的平行金属板

3、，与外电阻R相连构成电路.设气流的速度为v，气体的电导率（电阻率的倒数）为g，则流过外电阻R的电流强度I及电流方向为AI=，ARB BI=，BRACI=，ARB DI=，BRA4、如图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是（ ）A电势AB，场强EAEBB电势AB，场强EAEBC将+q电荷从A点移到B点电势能增大D将-q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能EPA0)的带电小球M、N先后以相同的初速度沿水平方向射出小球进入电场区域，并从该区域的右边界离开已知N离开电场时的位置与A点在同一高度；M刚离开电场时的动能为刚进入电场时动能的8倍不计空气阻力，重力加速度大小为g已知A点到左边界的距离

4、也为L（1）求该电场的电场强度大小；（2）求小球射出的初速度大小；（3）要使小球M、N离开电场时的位置之间的距离不超过L，仅改变两小球的相同射出速度，求射出速度需满足的条件15（12分）一个带负电的粒子，q=-2.010-9C，在静电场中由a点运动到b点，在这过程中，除电场力外，其它力作的功为6.010-5J，粒子动能增加了8.010-5J，求a、b两点间电势差Uab等于多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】根据W=Pt可知，电功率越大的用电器，单位时间内做功越多，电流做功越快，选项A正确；根据W=P

5、t可知，电功率小的用电器，电流做功不一定少，因为还与时间有关，选项B正确；根据W=Pt可知，额定功率大的用电器，消耗的电能不一定多，选项C错误；根据P=W/t可知，相同时间内，电流做功多的用电器电功率大，选项D正确；此题选择错误的选项，故选C.【点睛】本题考查了学生对功和功率的概念、物理意义的了解与掌握，电流做功多、不一定快。同时还要了解额定功率与实际功率的不同。2、C【解析】规定磁感线上某点的切线方向就是该点磁场方向，也就是磁感应强度的方向；即小磁针N极受力方向；ABD正确；磁感应强度是矢量有方向C错误3、C【解析】根据左手定则知正电荷向上偏,负电荷向下偏,上极板带正电,下极板带负电,所以流

6、过外电阻R的电流方向为ARB.最终电荷处于平衡有：qvB=qEd,解得电动势E=Bdv.内电阻,根据闭合电路欧姆定律有： = ，故C正确，ABD错误。故选：C.点睛：正、负粒子进入磁场，受洛伦兹力发生偏转，根据左手定则判断出正负电荷的偏转方向，从而确定极板的正负极，确定出电流在外电路中的流向最终电荷受电场力和洛伦兹力处于平衡，根据平衡求出电动势的大小，从而根据闭合电路欧姆定律求出电流的大小4、D【解析】A、B、电场线越密的地方电场强度越大，所以场强EAEB，沿着电场线电势降低，所以电势AB，故A，B错误.C、将+q电荷从A点移动到B点所受电场力和电场线方向相同，电场力做正功，电势能减小；故C错

7、误.D、将-q电荷分别放在A、B两点，根据AB可得(-q)A(-q)B，即EPAEPB，故D正确.故选D.【点睛】本题抓住电场线的物理意义：电场线表示电场线的强弱，电场线越密，场强越大同一条直线电场线上各点的电场强度的方向都相同.5、B【解析】当R的滑动触头P向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知总电流I增大，电压表测量路端电压U，而U=E-Ir，I增大，E、r不变，则U变小；R1两端电压变大，R2两端变小，通过R2电流减小，总电流变大，通过A的电流变大，故B正确。点晴：电路的动态分析：析的顺序：外电路部分电路变化总电阻的变化判断总电流的变化由闭合

8、电路欧姆定律判断U的变化由部分电路欧姆定律分析固定电阻的电流、电压的变化欧用串、并联规律分析变化电阻的电流、电压电功。6、D【解析】A.当波的波长与小孔的尺寸相当，或大于小孔的尺寸，会发生明显的衍射，故A项错误；B.当波的波长比小孔的尺寸小，波表现为直线传播，故B项错误；CD.波遇到与波长差不多的障碍物后，波能“绕过”障碍物继续向前传播，故C项错误，D正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】Aa、b是匀强电场中的两点，电场强度相同，故A正确；B两个等量异号

9、点电荷的连线上，据电场线的对称性可知，a、b两点电场强度相同，故B正确；C离点电荷Q等距的任意两点a、b电场强度大小相等，但方向不同，则电场强度不同，故C错误；D两个等量同号点电荷连线的中垂线上，与中点O等距的任意两点a、b场强大小相等，但方向相反，所以电场强度不同，故D错误。8、AC【解析】试题分析：串联电路电流处处相等，由图象判断出电流相等时两电阻丝的电阻大小，然后由欧姆定律判断其两端电压大小关系，由电阻定律判断其电阻率关系；由焦耳定律判断其产生的热量关系，由电功率公式判断功率关系由图象可知，在电流I相同时，两电阻丝串联通过它们的电流I相等，而，由可知，故A正确；由于两电阻丝的横截面积与长

10、度相同，因为长短，粗细相同，由电阻定律可知，甲的电阻率大于乙的电阻率，故B错误；两电阻串联I相同，由焦耳定律可知，相同时间，故C正确；两电阻串联，通过它们的电流I相同，由可知，故D错误9、CD【解析】电场中电势相等的各个点构成的面叫做等势面；沿着等势面移动点电荷，电场力不做功电场线与等势面垂直，且从电势高的等势面指向电势低的等势面。【详解】A项：等势面与电场线垂直，故沿着等势面移动电荷，电荷会受电场力作用，只是电场力与运动方向一直垂直，电场力不做功，故A错误；B项：等势面一定跟电场线垂直，否则沿着等势面移动电荷，电势能会变化，电场力会做功，故B错误；C项：根据等势面的特点可知，若相邻两等势面的

11、电势差相等，则等势面的疏密程度能反映场强的大小，等势面密则电场强度大，故C正确；D项：沿着电场线方向电势总是降低，则电场线总是从电势高的等势面指向电势低的等势面，故D正确。故应选：CD。【点睛】本题关键记住电场线和等势面的关系，相互垂直，从电势高的等势面指向电势低的等势面，掌握等势面的基本特点：在等势面上移动电荷，电场力总是不做功。10、AD【解析】试题分析：在公式E=Fq中q表示试探电荷，公式E=kQr2表示场源电荷，A正确；电场强度不随试探电荷的变化而变化，只和电场本身性质有关，B错误；公式E=Fq适用于一切电场强度的计算，而公式E=kQr2只适合点电荷电场计算，当试探电荷为正电荷时，电场

12、强度方向和电场力方向相同，当试探电荷为负电荷时，电场强度方向和电场力方向相反，C错误；公式E=kQr2中的Q表示场源电荷，电场就是该电荷Q产生的，所以拿走Q，电场就不存在了，D正确考点：考查了电场强度【名师点睛】场强的两个公式E=Fq和E=kQr2中，表示场中的试探电荷、Q表示场源电荷电场强度与试探电荷无关，与场源电荷有关场强方向与正电荷所受电场力方向相同三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 A D 电流表外接法【解析】小灯泡额定电压约为4V，电压表选择量程4.5V，故电压表应该选择A；小灯泡额定电流约为0.5A，电流表选择量程0.6A

13、，故电流表应选择D；由可知小灯泡正常发光时的电阻约为，又有，所以电路连接时应采用电流表外接法。【点睛】根据灯泡额定电压选择电压表，灯泡额定电流选择电流表，根据灯泡电阻与电表内阻的关系确定电流表的接法。12、5.015； 1.196； 较小； ； 短接； 欧姆调零； 右； 120； 【解析】游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；由电阻定律公式变形即可求得电阻率的表达式。【详解】(1)由图甲所示可知，游标卡尺主尺示数为5cm，游标尺示数为3 0.05mm=0.15mm=0.015cm，游标卡尺示

14、数为5cm+0.015cm=5.015cm；由图乙所示可知，螺旋测微器固定刻度示数为1mm，游标尺示数为19.60.01mm=0.196mm，螺旋测微器示数为1mm+0.196mm=1.196mm；(2) 用多用表“100”倍率的电阻档测量该元件的电阻时，发现指针偏角过大，说明该电阻较小；为了把电阻测量得更准确些，应换用“10”倍率的电阻档；重新换挡后必须将红、黑表笔短接，调整欧姆调零旋钮使指针指向表盘右边的0；如图丙所示，电阻的测量值Rx=1210=120；(3)根据，其中 解得：。【点睛】游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；

15、游标卡尺不需要估读，螺旋测微器需要估读，对游标卡尺读数时，要注意游标尺的精度。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、应放在C点，Qq 或者应放在D点，Qq【解析】根据库仑定律，两个点电荷在O点产生的场强大小都为，两个场强的方向互成120，根据平行四边形定则，合场强大小为：EO=方向水平向右。所以最后一个电荷在O点产生的场强大小为，方向水平向左。所以该电荷若在C点，为Q-q，若在D点，为Q+q。14、（1）（2）（3）【解析】小球运动过程只受重力和电场力作用，故小球在水平方向做匀速运动，那么，小球在电场区域内外的运动时间t相同；在电场区域外，小球在竖直方向做加速度为g的匀加速运动，故小球进入电场时的竖直分速度为；（1）N离开电场时的位置与A点在同一高度，即竖直位移为零；设N在电场内的加速度为a，则有：，所以，方向竖直向上；故由牛顿第二定律可得，所以电场的电场强度；（2）M在电场中的加速度，方向竖直向下；故M刚离开电场时的竖直分速度；又有小球在水平方向做匀速运动，设小球射出的初速度为v0，则有：；故由M刚离开电场时的动能为刚进入电场时动能的8倍可得：；所以，所以，所以；（3）M、N进入电场前的运动一致，那么，M、N离开电场时的位置之间的距离，故；又有，所