湖南省永州市第四中学2023学年物理高二第一学期期中检测模拟试题含解析VIP

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在真空中有两个点电荷，它们之间的作用力为F，如果保持它们所带的电量不变，将它们之间的距离增大一倍，则 它们之间的静电力大小变为（ ）AFBCD4F2、如图所示,一均匀带电荷量为+Q的细棒,在过中点c垂直于细棒的直线上有a、b、d三点,a和b,b和c,c和d之间的距离均为R,在a处有一电荷量为+q的固定点电荷.已知b点处的电场强度为零,则d点处的电场强度大小为(K为静电力常量)()AKQqR2 BK9Qq9R2 CK10q9R2 DK3QR23、如图所示，被绝缘杆支撑的导体A带正

3、电，当带负电的导体B靠近A时，A带的（） A正电荷增加B负电荷增加C电荷数不变D正、负电荷均增加4、如图所示，M、N 是两块水平放置的平行金属板， R0为定值电阻， R1和 R2为可变电阻，开关S 闭合。质量为m的带正电的微粒从P 点以水平速度V0射入金属板间，沿曲线打在N 板上的O 点。若经过下列调整后，微粒仍从P点以水平速度V0射入，则（ ）A保持S 闭合，增大R2，粒子打在O 点右侧B保持S 闭合，增大R1，粒子打在O 点左侧C断开S，M 极板稍微上移，粒子打在O 点右侧D断开S，M 极板稍微下移，粒子打在O 点左侧5、设法维持一段矩形金属导体温度不变，随着加在导线两端的电压减小，则有A

4、金属导体电阻变小B金属导体材质的电阻率变小C导体电流不变D导体内自由电子定向移动的速率减小6、如图所示是将滑动变阻器作分压器的电路图，A、B为分压器的输出端，C、D是分压器的输入端，C、D两点间的电压保持不变，电压值始终为U0；移动滑动变阻器的滑片P，当P位于滑动变阻器的中央时，下列结论中不正确的是（）A如果A、B端接入理想电压表如图（a）所示，电压表的示数为B如果A、B端接入阻值为R的电阻如图（b）所示，电阻R两端的电压小于C如图（b）所示，电阻R越大，其两端的电压越接近D如图（b）所示，电阻R越小，其两端的电压越接近二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项

5、中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图3-6所示的等臂天平可用来测定磁感应强度.天平的右臂下面挂有一个矩形线圈，宽为l，共N匝，线圈的下部悬在匀强磁场中，磁场方向垂直纸面.当线圈中通有电流I（方向如图）时，在天平左、右两边加上质量各为m1、m2的砝码，天平平衡.当电流反向（大小不变）时，右边再加上质量为m的砝码后，天平重新平衡.由此可知（ ）A磁感应强度的方向垂直纸面向外B磁感应强度的方向垂直纸面向里C磁感应强度的大小为D磁感应强度的大小为8、一电池外电路断开时的路端电压为3V，接上8的负载后路端电压降为2.4V，则可以判定电池的电动势E

6、和内阻r分别为（）AE=3VBr=1Cr=2DE=2.4V9、如图所示，甲、乙为两个独立电源的路端电压与通过它们的电流I的关系图象，下列说法中正确的是A电流都是时，两电源的内电压相等B路端电压都为时，它们的外电阻相等C电源甲的内阻小于电源乙的内阻D电源甲的电动势大于电源乙的电动势10、如图所示电路中,电源电动势E恒定,内阻r=1,定值电阻R3=5.开关S断开时与闭合时相比,ab段电路消耗的电功率相等。以下说法中正确的是A电阻R1、R2可能分别为4、5B电阻R1、R2可能分别为3、6C开关S断开时理想电压表的示数一定小于S闭合时的示数D开关S断开时与闭合时相比,理想电压表的示数变化量大小与理想电

7、流表的示数变化量大小之比一定等于6三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）有一个电流表，内阻Rg30，满偏电流Ig1mA要把它改装为量程00.6的电流表，要并联_的电阻，改装后电流表的内阻是_12（12分）用伏安法测电阻时，如待测电阻Rx约为150，电流表内阻RA约为20，电压表内阻RV约为5K，应该用图中的_电路（填或）来测量可以尽量减小误差当用电路图进行测量时，测量值将比真实值偏_（填大或小）；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）质量为m=51

8、0-8kg的带电微粒以v0=2m/s速度从水平放置的平行金属板A、B的中央水平飞入板间已知板长L=10cm，板间距离d=2cm，当UAB=1.0103V时，带电微粒恰好沿直线穿过平行金属板，（重力加速度g=10m/s2）求： （1）带电粒子带何种电荷？电荷量q多大？ （2）若要带电粒子恰好从B板右端飞出，则AB间所加电压U1为多大？ （3）若要带电粒子恰好从A板右端飞出，则AB间所加电压U2为多大？14（16分）如图（a）两相距L=0.5m的平行金属导轨固定于水平面上，导轨左端与阻值R=2的电阻连接，导轨间虚线右侧存在垂直导轨平面的匀强磁场，质量m=0.2kg的金属杆垂直于导轨上，与导轨接触良

9、好，导轨与金属杆的电阻可忽略，杆在水平向右的恒定拉力作用下由静止开始运动，并始终与导轨垂直，其v-t图像如图（b）所示，在15s时撤去拉力，同时使磁场随时间变化，从而保持杆中电流为0，求：（1）金属杆所受拉力的大小为F；（2）0-15s匀强磁场的磁感应强度大小为；（3）15-20s内磁感应强度随时间的变化规律15（12分）在足够大的光滑水平地面上，质量为m的A球以速度与原本静止、质量为2m的B球发生一维正碰碰撞结束时A球速度为，B球速度为，利用动量守恒定律证明:当时系统损失的动能最多提示:关键数学步骤和表达式必须呈现参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个

10、选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】由点电荷库仑力的公式可以得到，电量不变，当距离增大一倍后，库仑力将变为原来的，故C正确。故选C。2、C【解析】电荷量为q的点电荷在b处产生电场强度为E=kqR2，方向向右；在b点处的场强为零，根据电场的叠加原理可知细棒与q在b处产生电场强度大小相等，方向相反，则知细棒在b处产生的电场强度大小为kqR2，方向向左；根据对称性可知细棒在d处产生的电场强度大小为kqR2，方向向右，而电荷量为q的点电荷在d处产生电场强度为E=kq(3R)2，方向向右，所d点处场强的大小为Ed=E+E=k10q9R2，方向向右，故C正确，A、B、D错误；故选C。【点睛】关

11、键是在b点处的场强为零，说明细棒和q在b点的电场强度大小相等，方向相反，那么在d点处场强的大小即为两者之和因此根据点电荷的电场强度为E E=kqr2即可求解。3、C【解析】根据电荷守恒定律，与外界没有电荷交换的情况下，一个系统所带的电量总是守恒的，A是一个孤立的系统，跟外界没有电荷交换，电荷数保持不变故ABD错误、C正确故选C.点睛：该题考查对电荷守恒定律的理解，解答本题关键是要知道感应起电的实质是电荷的转移，电荷是守恒的4、B【解析】保持开关S闭合，增大R2，不会影响电阻R0两端的电压，故粒子打在O点，故A错误；保持开关S闭合，根据串并联电压关系可知，R0两端的电压为： ，增大R1，U将减小

12、，电容器两端的电压减小，故粒子受重力和电场力方向相反，根据牛顿第二定律可得加速度为： ，可知加速度增大，当粒子打在下板时有： ，可知粒子的运动时间变小，在水平方向飞行的距离为，可知粒子打在O点左侧，故B正确；断开开关，平行板间的电场强度为： ，电场强度不变，故加速度不变，M极板稍微上移，不会影响离子的运动，故还打在O点，故CD错误。所以B正确，ACD错误。5、D【解析】A导体的电阻与导体两端的电压无关，所以减小导体两端的电压不影响导体的电阻，故A错误；B导体的电阻率与导体的电压无关，所以减小导体两端的电压不影响导体的电阻率，故B错误；C根据欧姆定律可知，电压减小，电阻不变，电流减小，故C错误；

13、D加在导线两端的电压减小而电阻不变，电流减小，由I=neSv，单位体积内的自由电子数目不变，导体的横截面积S不变，则导体内自由电子定向移动的速率变小，故D正确6、D【解析】A因滑片P位于滑动变阻器的中央，则如果A、B端接入理想电压表，电压表的示数为，选项A正确，不符合题意；B如果A、B端接入阻值为R的电阻时，R与滑动变阻器的下半部分并联，再与滑动变阻器的上半部分串联，因为并联电路的总电阻总要小于任一支路的电阻，而串联电路中各支路的电压与电阻成正比，所以接R时，输出电压小于；故B正确，不符合题意；CD负载电阻R的阻值越大，负载电阻与滑动变阻器下半部分电阻的并联阻值越大，输出电压越大，越接近，故C

14、正确，不符合题意；D错误，符合题意。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】AB. 假设所加磁场的方向垂直纸面向外，开始线圈所受安培力的方向向上，电流方向相反，则安培力方向反向，变为竖直向下，相当于右边多了两倍的安培力大小，所以需要在左边加砝码，与题意不符，所以磁感应强度的方向垂直纸面向里，故A错误，B正确；CD. 因为B的方向垂直纸面向里，开始线圈所受安培力的方向向下，电流方向相反，则安培力方向反向，变为竖直向上，相当于右边少了两倍的安培力大小，所以

15、需要在右边加砝码。则有：mg=2NBIL所以故D正确，C错误。所以BD正确，AC错误。8、AC【解析】试题分析：电源的电动势等于外电路断开时电源两极间的电压电源接上8的负载电阻后路端电压降为2.4V，根据欧姆定律利用比例法求出电源的内电阻电池外电路断开时的路端电压为3V，则电池的电动势为E=3V当电源接上8的负载电阻后路端电压降为2.4V，则电路中电流为，得内阻，故AC正确9、BD【解析】电源的内电压等于通过电源的电流与电源内阻的乘积，即U内=Ir，因为电源的U-I线的斜率表示内阻，可知甲的内阻较乙的内阻大，所以当电流都为I 0时，甲电源的内电压较大，故AC错误根据欧姆定律可知外电阻R路端电压

16、U与电流I的关系为R=U/I，在U-I图线中甲、乙两图线的交点坐标为（I0，U 0），说明两电源的外电阻相等，故B正确图线与U轴交点的坐标值表示电动势的大小，由图线可知，甲与U轴交点的坐标值比乙的大，表明甲的电动势大于乙的电动势，故D正确故选BD点睛：本题利用图象考查了闭合电路欧姆定律，要特别注意图象与两轴交点分别表示电动势和短路电流，图象斜率表示内阻大小10、AD【解析】由题中“电源电动势E恒定”可知，本题考查闭合电路欧姆定律和动态电路，根据闭合电路欧姆定律公式和动态电路变化可分析本题。【详解】AB取有当S断开前后有时将代入方程成立，而将代入方程不成立，故A错误B正确；C将R3和电源内阻看作

17、一整体，则此时电压表测量路端电压，开关断开时等效外电路总电阻大于开关闭合时的，所以开关断开时电压表示数大，故C错误；D根据闭合电路欧姆定律得则电压表的示数变化量大小与电流表的示数变化量大小之比为故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.050.05【解析】把电流表改装成0.6A的电流表，需要并联分流电阻阻值：改装后电流表的内阻：综上所述本题答案是：（1）.（2）12、 小 【解析】1因为电流表内阻和被测电阻相接近，所以采用电流表外接法，即电路来测量；2在该电路中，由于电压表的分流，导致电流表的测量值比真实值偏大，而电压值准确，根

18、据欧姆定律可得测量值偏小。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）负电；110-11C；（2）200V（3）1800V【解析】（1）带电粒子直线穿过平行金属板时的受力分析如图，可知，带电粒子带负电；则电场力F=G，则qE=mg， 可得 q=110-11C（2）由图可知，带电粒子在竖直方向偏移：y=d/2 带电粒子在平行金属板内做类平抛运动， 则： .综合可得U1=200V （3）带电粒子向上做类平抛运动，轨迹如图所示， 则综合可得U2=1800V14、（1）0.24N；（2）0.4T；（3）【解析】（1）由v-t关系图可知在0-10s时间段杆尚未进入磁场，因此F-mg=ma1由图可知a1=0.4m/s2同理可知在1520s时间段杆仅有