四川省阿坝市2023学年物理高二上期中联考模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、两个物体质量比为14，速度大小之比为41，则这两个物体的动能之比为A11B14C41D212、两带电量分别为q和q的点电荷放在x轴上，相距为L，能正确反映两电荷连线上场强大小E与x

2、关系的是图AABBCCDD3、如图所示，平行板电容器已经充电，静电计的金属球与电容器的一个极板连接，外壳与另一个极板连接，静电计针的偏转示电容两极板间的电势差实验中保持极板上的电荷量不变设电容两极正对面积为，极板间的距离为，静电计指针偏角为下列关于实验现象的描述正确的是（ ）A保持不变，增大，则变大B保持不变，减小，则不变C保持不变，减小，则变小D保持、不变，在两板间插入电介质，则变大4、作用在一个物体上的两个共点力，大小分别是30N和40N，如果它们的夹角是90，则这两个力的合力大小为（）A10NB35NC50ND70N5、下列关于电源的说法，正确的是()A电源向外提供的电能越多，表示电动势

3、越大B电动势表示电源将正电荷从负极移送到正极时，非静电力所做的功C电源的电动势与外电路有关D在电源内从负极到正极电势升高6、如图所示，用两根细绳悬挂一个重物，并处于静止状态，细绳与竖直方向的夹角均为当绳中拉力最小时，等于（）A0B30C45D60二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在研究平行板电容器电容的实验中，电容器的A、B两极板带有等量异种电荷，A板与静电计连接，如图所示实验中可能观察到的现象是( )A增大A、B板间的距离，静电计指针张角变小B减小A、B板间的距离

4、，静电计指针张角变小C把B板向上平移，减小A、B板的正对面积，静电计指针张角变小D在A、B板间放入一介质板，静电计指针张角变小8、在如图所示的U-I图线中，直线为某一电源的路端电压与电流的关系图像，直线为某一电阻R的伏安特性曲线用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路，由图象可知( )A电源的电动势为3 V，内阻为0.5B电阻R的阻值为2C电源的输出功率为4 WD电源的效率为80%9、如图所示，在倾角为的光滑斜面上，水平放置一根长为L、质量为m的直导体棒，当通以图示方向电流I时，欲使导体棒静止在斜面上，可加一平行于纸面的匀强磁场，当外加匀强磁场的磁感应强度B的方向由水平向右沿顺时针方向转至垂直斜面

5、向下的过程中，下列说法中正确的是A此过程中磁感应强度B先减小后增大B此过程中磁感应强度B逐渐减小C此过程中磁感应强度B的最小值为D此过程中磁感应强度B的最大值为10、在甲乙所示的电路中，电阻R和自感线圈L的阻值都很小，且小于灯泡A的电阻，接通S，使电路达到稳定，灯泡A发光，则( )A在电路甲中，断开S后，A将逐渐变暗B在电路甲中，断开S后，A将先变得更亮，然后才逐渐变暗C在电路乙中，断开S后，A将逐渐变暗D在电路乙中，断开S后，A将先变得更亮，然后才逐渐变暗三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学要测定一个电池的电动势和内电阻，

6、有下列器材供使用一个待测的蓄电池、两块规格不同的电流表：电流表A1（量程02mA，内阻Rg1=10），电流表A2（量程00.6A，内阻Rg2=0.1），滑动变阻器R1（030,1.0A），电阻箱R0（09999.9），开关和若干导线该同学想利用其中的一个电流表和电阻箱改装成一块电压表，其量程为03V，并设计了如图所示的甲、乙两个参考实验电路，其中合理的是_（选填“甲”或“乙”）电路；应将R0的阻值调为_。该同学根据合理电路所绘出的I1-I2图象（I1为电流表A1的示数，I2为电流表A2的示数）。根据该图线可得被测电池的电动势E=_V，内阻r=_.（结果保留三位有效数字）12（12分）某实验小组

7、利用如图1所示电路测定一节干电池的电动势和内电阻,备有下列器材:待测干电池电压表，量程1.5V电流表，量程3mA电流表，量程0.6A滑动变阻器滑动变阻器开关一个,导线若干（1）电流表选_，滑动变阻器选_.(填标号).（2）小组由实验数据作出的U-I图象如图2所示，由图象可求得电源电动势为_V,内电阻为_.（3）测得的电动势_真实值，测得的内电阻_真实值.(填“”、“”或“”)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在图示的电路中，电源电动势E=12V，内阻r=2，R1=10.当滑动变阻器在某一位置时，电路中电压

8、表读数为2V，电流表读数为0.8A两电表均为理想电表.求R2的阻值.14（16分）如图所示，在相距L=0.5m的两条水平放置的足够长光滑平行金属导轨，不计电阻，广阔的匀强磁场垂直向上穿过导轨平面，磁感应强度B1T，垂直导轨放置两金属棒ab和cd，电阻r均为1，质量m都是0.1 kg，两金属棒与金属导轨接触良好。从0时刻起，用一水平向右的拉力F的以恒定功率P=2W作用在ab棒上，使ab棒从静止开始运动，经过一段时间后，回路达到稳定状态。求：(1)若将cd固定不动，达到稳定时回路abcd中的电流方向如何？此时ab棒稳定速度为多大？(2)当t=2.2s时ab棒已达到稳定速度，求此过程中cd棒产生的热

9、量Q？(3)若让cd棒也能在轨道上自由滑动，并将拉力改成恒力F0，发现t0时刻后回路刚好达到稳定，请在图中定性画出ab、cd两棒的速度-时间图象。15（12分）如图所示，固定的光滑金属导轨间距为L，导轨电阻不计，上端a、b间接有阻值为R的电阻，导轨平面与水平面的夹角为，且处在磁感应强度大小为B、方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场中质量为m、电阻为r的导体棒与固定弹簧相连后放在导轨上初始时刻，弹簧恰处于自然长度，导体棒具有沿轨道向上的初速度v1整个运动过程中导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触已知弹簧的劲度系数为k，弹簧的中心轴线与导轨平行（1）求初始时刻通过电阻R的电流I的大小和方向；（2）当导体

10、棒第一次回到初始位置时，速度变为v，求此时导体棒的加速度大小a；（3）导体棒最终静止时弹簧的弹性势能为Ep，求导体棒从开始运动直到停止的过程中，电阻R上产生的焦耳热Q参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】根据可知，故C正确，ABD错误2、A【解析】考查了等量异种电荷电场分布特点【详解】等量异种电荷的连线上的中点处电场强度最小，由中点向两边逐渐增大，所以A正确3、A【解析】A：平行板电容器的电容，电容器电压与电容的关系为，电量不变，保持不变，增大，电容减小，电压增大， 变大，故A项正确B：电量不变，保持不变，

11、减小，电容增大，电压减小， 变小，故B项错误C：电量不变，保持不变，减小，电容减小，电压增大， 变大，故C项错误D：电量不变，保持、不变，在两板间插入电介质，电容增大，电压变小， 变小，故D项错误所以选A点睛：平行板电容器充电后，若保持其始终与直流电源相连，则板间电压不变。当电容器电容的影响因素发生变化后，据、来判断各量如何变化。平行板电容器充电后与电源断开，由于电荷不能移动，电容器的带电量不变。当电容器电容的影响因素发生变化后，据、来判断各量如何变化。4、C【解析】两个分力的夹角是90，根据勾股定理可以直接求得合力的大小【详解】分力的大小分别是30N和40N，合力的大小为，所以C正确。故选C

12、。5、D【解析】电动势为电源本身的性质，数值等于移动单位正电荷非静电力所做的功，A错；电源电动势与外电路无关，C错；D对；6、A【解析】由三个力的平衡的知识可知两个绳子的拉力的和与重物的重力大小相等，方向相反；再力的合成和分解遵循平行四边形定则，结合分力之间的夹角与合力、分力大小的关系分析即可。【详解】以重物为研究对象，由受力平衡可知，两个绳子的拉力的和大小等于重物的重力，方向与重力的方向相反。再根据平行四边形定则可知，当两个绳子之间的夹角等于0时，绳子的拉力最小。故A正确，BCD错误。故选：A。【点睛】解决本题的关键知道三个力的平衡时两个分力的和与第三个力大小相等，方向相反，以及知道合力和分

13、力的大小遵循平行四边形定则。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】改变板间距离、改变正对面积或放入电介质，根据电容的决定式分析电容的变化，电容器的电量不变，再根据电容的定义式分析板间电压的变化，判断静电计指针的变化；【详解】A、增大A、B板间的距离，根据电容的决定式分析得知，电容C减小，电容器的电量Q不变，则由得知，板间电压U增大，静电计指针张角变大，故A错误；B、减小A、B板间的距离，根据电容的决定式分析得知，电容C增大，电容器的电量Q不变，则由得知，板间

14、电压U减小，静电计指针张角变小故B正确；C、减小A、B板的正对面积，根据电容的决定式分析得知，电容C减小，电容器的电量Q不变，则由得知，板间电压U增大，静电计指针张角变大，故C错误；D、在A、B板间放入一介质板，根据电容的决定式分析得知，电容C增大，电容器的电量Q不变，则由得知，板间电压U减小，静电计指针张角变小，故D正确【点睛】本题是电容器的动态变化分析问题，在分析不变量的基础上，由电容的决定式和电容的定义式结合分析8、AC【解析】A. 根据闭合电路欧姆定律得U=E-Ir，当I=0时，U=E，读出电源的电动势E=3V，内阻等于图线的斜率大小，则故A正确。B.电阻阻值故B错误。C. 两图线的交

15、点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时工作状态，由图读出电压U=2V，电流I=2A，则电源的输出功率为P出=UI=4W故C正确；D. 电源的效率故D错误。9、BC【解析】AB对导体棒受力分析，受重力G、支持力FN和安培力FA，三力平衡，合力为零，将支持力FN和安培力FA合成，合力与重力相平衡，如图当磁场水平向右时，安培力方向竖直向上；当磁场垂直斜面向下时，安培力沿斜面向上；当当外加匀强磁场的磁感应强度B的方向由水平向右沿顺时针方向转至垂直斜面向下的过程中，从图中可以看出，安培力FA逐渐减小，由于FA=BIL，其中电流I和导体棒的长度L均不变，故磁感应强度逐渐减小；选项A错误，B正确；C由图

16、可以看出当FA平行于斜面时有最小值BminIL=mgsin得： 选项C正确；D此过程中安培力竖直向上时最大为mg，故B的最大值为：选项D错误。10、BC【解析】AB.在电路甲中，由于电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，所以通过灯泡的电流比线圈的电流小，断开S时，由于线圈阻碍电流变小，导致A将变得更亮，然后逐渐变暗。故A错误，B正确；CD.在电路乙中，断开S，由于线圈阻碍电流变小，导致A将逐渐变暗。故C正确，D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 甲 1490 1.48-1.50 0.840-0.849【解析】（1）上述器材中虽然没有

17、电压表，但给出了两个电流表，电路中电流最大不会超过1A，故电流表至少应选择00.6A量程，故应将2mA电流表G串联一个电阻，改装成较大量程的电压表使用电表流A由于内阻较小，故应采用相对电源来说的外接法，故甲乙两个参考实验电路，其中合理的是甲；要改装的电压表量程为0-3V，U=Ig（Rg1+R0），解得：R0=30.002-10=1490 （2）图象与纵轴的交点得最大电流为1.48mA根据欧姆定律和串联的知识得电源两端电压为：U=I1（1490+10）=1500I1，根据图象与纵轴的交点得电动势为：E=1.48mA1000=1.48V与横轴的交点可得出路端电压为1.1V时电流是0.45A，由闭合

18、电路欧姆定律E=U+Ir可得：r=0.844点睛：本题考查电源电动势和内电阻的测量实验；在电学实验的考查中常常要使用电表的改装，在解题时要注意分析题意，明确各电表能否正确使用，能根据图象得出电动势和内阻12、 1.4 2.8 【解析】（1）12由表2的数据可知，电流最大约为0.5A，故电流表应选择；同时为了便于控制调节，滑动变阻器应选择总阻值较小的；（2）3由图2所示电源的U-I图象可知，图象与纵轴交点坐标是1.4，则电源电动势E=1.4V，4电源内阻:（3）56由于电压表内阻不能忽略，则在实验中相当于电压表内阻并联到电源两端后再由电压表两端输出路端电压，因此所测量的电动势小于真实值，而由于电

19、压表内阻的并联，故内阻的测量值小于真实值四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、5【解析】从电路图中可以看出，电阻R2和滑动变阻器串联后再电阻R1并联，电压表测量R两端的电压，电流表测量R1的电流，根据闭合电路欧姆定律列方程，即可求解由图可知。而解得；流过R2的电流为；则R2两端电压为；所以14、 (1) 电流方向为abcda ，4m/s；(2)1.8J；(3) 【解析】根据右手定则可以判断电流方向，根据二力平衡关系可得出稳定速度；由能量守恒关系可求得cd中产生的热量；分析两棒的运动过程，则可以得出相应的v-t图象；【详解】解:(1)由右手定则可知：电流方向为abcda当稳定时，则有：F=FA而：FA=BIL，I=BLvR总=BLv2r，P=Fv联立解得