2023学年四川省自贡市衡水一中富顺学校高二物理第一学期期中质量检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一个做匀速直线运动的质点，突然受到一个与运动方向垂直的恒力作用时，且原来作用在质点上的力不发生改变，关于质点的运动说法正确的是（）A一定做直线运动B可能做直线运动，也可能做曲线运动C可能做匀速圆周运动D一定做匀变速运动2、关于某力做

2、功的功率，下列说法正确的是（ ）A该力越大，其功率就越大B该力在单位时间内做的功越多，其功率就越大C功率越大说明该力做的功越多D功率越小说明该力做功越快3、如图，匀强磁场中，一单匝矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，线框中产生的交变电动势瞬时值随时间变化的规律为e20sinl00tV。下列说法正确的是A该线框转动的频率是100HzB该线框产生的交变电动势最大值是20VCt0.005s时刻，线框平面与中性面重合Dt0.05s 时刻，穿过线圈的磁通量最大4、我国女子短道速滑队在2013年世锦赛上实现女子3000m接力三连冠观察发现，“接棒”的运动员甲提前站在“交棒”的运动员乙前面，并且开始向

3、前滑行，待乙追上甲时，乙猛推甲一把，使甲获得更大的速度向前冲出在乙推甲的过程中，忽略运动员与冰面间在水平方向上的相互作用，则（）A甲对乙的冲量一定等于乙对甲的冲量B甲、乙的动量变化一定大小相等方向相反C甲的动能增加量一定等于乙的动能减少量D甲对乙做多少负功，乙对甲就一定做多少正功5、如图所示，通电直导线放在匀强磁场中，磁场方向和电流方向互相垂直，导线所受安培力F方向正确的是：ABCD6、一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、电荷量和中间的电介质不变，将两极板间的距离变大，其电容C和极板间匀强电场的场强E的变化情况是：AC减小、E不变 BC增大、E增大CC减小、E减小 DC增大、E减小二、

4、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于等势面、电场线和电场力做功的关系，下列说法正确的是()A在等势面上移动电荷，不受电场力作用B电场线不一定与等势面垂直C若相邻两等势面的电势差相等，则等势面的疏密程度能反映场强的大小D电场线总是从电势高的等势面指向电势低的等势面8、如图所示为一定质量的理想气体状态变化的p-V图像，理想气体从状态a开始，经历ab、bc，ca三个过程回到原状态a，下列说法正确的是_。Aab是等温过程Bab过程中，气体的温度先升高后降低Cbc是气体放热过程

5、Dca过程中气体分子平均动能减小E.abca整个过程气体一定吸热9、关于作匀速圆周运动物体所受合外力的情况，以下说法正确的是：（ ）A合外力的方向不一定始终指向圆心B合外力对物体是不做功的C合外力始终是不变的D当物体所受合外力小于所需向心力时产生离心现象10、如图所示在光滑、绝缘的水平面上，沿一直线依次排列三个带电小球A、B、C(可视为质点)若它们恰能处于平衡状态那么这三个小球所带的电荷量及电性的关系，下面的情况可能的是()A9、4、36B4、9、36C3、2、8D3、2、6三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学在进行扩大电流

6、表量程的实验时，需要知道电流表的满偏电流和内阻他设计了一个用标准电流表G1来校对待测电流表G2的满偏电流和测定G2内阻的电路，如图所示已知G1的量程略大于G2的量程，图中R1为滑动变阻器，R2为电阻箱该同学顺利完成了这个实验实验过程包含以下步骤，其合理的顺序依次为_（填步骤的字母代号）；A合上开关S2B分别将R1和R2的阻值调至最大C记下R2的最终读数D反复调节R1和R2的阻值，使G1的示数仍为I1，使的指针偏转到满刻度的一半，此时R的最终读数为rE合上开关S1F调节R1使G2的指针偏转到满刻度，此时G1的示数为I1，记下此时G1的示数仅从实验设计原理看，用上述方法得到的G2内阻的测量值与真实

7、值相比_（填“偏大”、“偏小”或“相等”）；若要将G2的量程扩大为I，并结合前述实验过程中测量的结果，写出须在G2上并联的分流电阻RS的表达式，RS=_12（12分）某同学测量一个圆柱体的电阻率，需要测量圆柱体的尺寸和电阻分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体的长度和直径，某次测量的示数如图(a)和图(b)所示，长度为_cm，直径为_mm按图(c)链接电路后，实验操作如下：(a)将滑动变阻器R1的阻值置于最_处（填“大”或“小”）；将S2拨向接点1，闭合S1，调节R1，使电流表示数为I0；(b)将电阻箱R2的阻值调至最_（填“大”或“小”）；将S2拨向接点2；保持R1不变，调节R2，使电流表示

8、数仍为I0，此时R2阻值为1280；由此可知，圆柱体的电阻为_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示电路中，电阻R1=R2=R3=10，电源内阻r=5，电压表可视为理想电表当开关S1和S2均闭合时，电压表的示数为10V求：（1）电源的电动势（2）当开关S1闭合而S2断开时，电压表的示数14（16分）如图所示,一质量为m的带电小球,用长为L的不可伸长的绝缘细线悬挂在水平向右、场强大小为E的匀强电场中,静止时悬线与竖直方向成=37角(sin37=0.6,cos3=0.8,重力加速度为g)求:(1)小球的电

9、性及所带电荷量的大小;(2)如果保持小球的电量不变,在纸面内调整电场的大小和方向,使小球仍保持在图示位置静止,则电场强度最小为多少?方向如何?(3)若电场强度大小保持(2)中不变,突然将电场的方向变为竖直向上,空气阻力不计,则小球运动到悬点正下方的速度大小.15（12分）如图所示，在点电荷+Q电场中的一条电场线上取a、b两点，Oa=Ob，当在a处放一电量为q=1.5108C带正电的检验电荷时，受到的电场力为F=3106N设无穷远处的电势为零，a=10 V，b=2 V电子的电量为1.61019C(1)求b处的电场强度的大小、方向(2)将电量q由a点移到b点，电场力做功是多少？若将电量q从a点移到

10、无穷远处，则电场力做功又为多少？(3)若在b处放一个电子，它受到的电场力多大？方向怎样？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】AB质点受到一个与运动方向垂直的力，速度和合力成90夹角，由曲线运动的条件，当力和速度不在同一直线上时，质点做曲线运动，AB错误；C匀速圆周运动受到的合外力的方向始终指向圆心，是变力。所以物体在恒力的作用下不可能做匀速圆周运动，C错误；D物体受与初速度方向垂直的恒力作用时，根据牛顿第二定律F=ma可知，加速度的大小与方向都不变。将运动分解为：初速度方向物体做匀速直线运动，垂直初速度方

11、向做初速度为零的匀加速直线运动，合运动为匀变速曲线运动，D正确。故选D。2、B【解析】A、P=Fv，力大，速度不一定大，故功率不一定大，故A错误；B、力在单位时间内做的功越多，则P=W/t，功率就越大，B正确； C、功率大，做功时间不一定长，故做的功不一定多，故C错误； D. 功率表示物体做功快慢的物理量，功率越小说明该力做功越慢，故D错误；故选B3、D【解析】A电动势瞬时值随时间变化的规律为e20sinl00tV，所以周期所以该线框转动的频率是50Hz，故A错误；B该线框产生的交变电动势最大值是20V，故B错误；Ct=0.005s时刻，e20V，感应电动势最大，线框平面与中性面垂直，故C错误

12、；Dt=0.05s时刻，e=0，穿过线圈的磁通量变化率为0，此时磁通量最大，故D正确。4、B【解析】A因为冲量是矢量，甲对已的作用力与乙对甲的作用力大小相等方向相反，故冲量大小相等方向相反，故A错误B设甲乙两运动员的质量分别为、，追上之前的瞬间甲、乙两运动员的速度分别是，根据题意整个交接棒过程动量守恒：可以解得：，即B选项正确；CD经历了中间的完全非弹性碰撞过程 会有动能损失，CD选项错误【点睛】本题主要考察能量（做功正负判断）、动量（动量定理、动量守恒）相关知识，结合弹性碰撞和非弹性碰撞的动量和能量关系展开讨论5、B【解析】由左手定则可知，A图中安培力竖直向上，故A错误；由左手定则可知，B图

13、中安培力竖直向上，故B正确；由左手定则可知，C图中和D图中安培力都是竖直向下，故CD错误；故选B6、A【解析】根据电容的决定式C=S4kd，分析可知，电容与板间距离成反比，当把两金属板拉开一些距离，电容减小；根据C=S4kd，C=Q/U和E=U/d可得：E=4kQS，E与d无关，所以板间场强不变。故A正确；故选：A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】电场中电势相等的各个点构成的面叫做等势面；沿着等势面移动点电荷，电场力不做功电场线与等势面垂直，且从电势高的

14、等势面指向电势低的等势面。【详解】A项：等势面与电场线垂直，故沿着等势面移动电荷，电荷会受电场力作用，只是电场力与运动方向一直垂直，电场力不做功，故A错误；B项：等势面一定跟电场线垂直，否则沿着等势面移动电荷，电势能会变化，电场力会做功，故B错误；C项：根据等势面的特点可知，若相邻两等势面的电势差相等，则等势面的疏密程度能反映场强的大小，等势面密则电场强度大，故C正确；D项：沿着电场线方向电势总是降低，则电场线总是从电势高的等势面指向电势低的等势面，故D正确。故应选：CD。【点睛】本题关键记住电场线和等势面的关系，相互垂直，从电势高的等势面指向电势低的等势面，掌握等势面的基本特点：在等势面上移

15、动电荷，电场力总是不做功。8、BCE【解析】AB在p-V图像中，等温过程对应图线应是双曲线；同一气体，双曲线离原点越远温度越高，所以ab不是等温过程，气体的温度先増大后减小，故A项错误，B项正确；Cbc过程，气体体积减小，外界对气体做功；气体温度降低减小，内能减小；由热力学第一定律可知，气体对外界放热；选项C正确；Dca过程，气体发生等容升压，温度增大，气体分子平均动能增大，选项D错误；Eabca整个过程，气体对外做功，内能不变，由热力学第一定律可知，气体一定吸热，选顷E正确。9、BD【解析】匀速圆周运动物体所受合外力大小不变，方向时刻指向圆心，所以合外力是变力，故AC错误；因为合外力的方向时

16、刻与速度方向垂直，所以合外力对物体是不做功，故B正确；当物体所受合外力小于所需向心力时产生离心现象，故D正确。所以BD正确，AC错误。10、AD【解析】因题目中要求三个小球均处于平衡状态，故可分别对任意两球进行分析列出平衡方程即可求得结果三个小球只受静电力而平衡时，三个小球所带的电性一定为“两同夹一异”，且在大小上一定为“两大夹一小”ADAD均满足“两同夹一异”且“两大夹一小”，故AD正确BC根据电场力方向来确定各自电性，从而得出“两同夹一异”，因此BC均错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BEFADC 相等 【解析】闭合开关前将R

17、1和R2的阻值调至最大，以免烧坏电流表，本实验用半偏法测电流表的量程和内阻，实验时通过反复调节R1和R2的阻值，使G1的示数仍为I1保持不变，使G2和R2的电流相等，等G2满刻度的一半，G2和R2并联，则G2和R2电阻相等由并联电路关系可得分流电阻RS=12、5.01 5.315 （a）大 （b）大 1280【解析】根据游标卡尺读数规则，主尺读数为5cm，游标尺读数为0.053mm，长度为5.015cm，根据螺旋测微器的读数规则，主尺读数为5mm，可动刻度为31.00.01mm，所以直径为5.310mm(a)为了保护电路，因此闭合电键前，滑动变阻器一定调到阻值最大；(b)将固柱体电阻换成电阻箱

18、时，也一定将电阻箱调到最大，也是为了保护电路安全；此题采用等效替代法测量电阻，圆柱体的电阻等于电阻箱R2的阻值为1280点晴：首先应明确实验原理，本实验中测量电阻所采取的方法是替代法四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)E=20V(2)16V【解析】(1)电阻R2中的电流外电阻根据闭合电路欧姆定律得E=I（R+r）代入数据解得：E=1（15+5）V=20V(2)当开关S1闭合而S2断开时；由闭合电路欧姆定律可知：解得：14、（1）小球带负电；q=3mg4E （2）E=45E ；场强方向:垂直细线斜向下（3）v=45gL【解析】(1)受力分析如图:则可知小球带负电.小球处于平衡状态,有qE=mgtan得：q=