浙江省温州市环大罗山联盟2023学年高二物理第一学期期中统考模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某同学用一个微安表头量程内阻；电阻箱和电阻箱组装一个多用电表，有电流1mA和电压3V两挡，改装电路如图所示，则、应调到多大阻值A，B，C，D，2、如图所示，在光滑绝缘水平面上有三个孤立的点电荷Q1、Q、Q2 ；Q恰好静止不动，Q1、Q2围

2、绕Q做匀速圆周运动，在运动过程中三个点电荷始终共线。已知Q1、Q2分别与Q相距r1、r2，不计点电荷间的万有引力，下列说法正确的是( )AQ1、Q可能带同种电荷 BQ1、Q2可能带异种电荷CQ1、Q2的电荷量之比为(r2r1)2 DQ1、Q2的质量之比为r2r13、在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验中，用匝数na=60匝和nb=120匝的变压器，对应的电压测量数据如表所示。根据测量数据，下列说法正确的是Ana一定是原线圈Bnb一定是原线圈Cna可能是原线圈Dnb可能是副线圈4、从地面上以初速度v0竖直上抛一物体A后，经过时间t后物体A还未落地在同一地点以同样的速度向上抛出另一物体

3、B，则AB相遇时距地面的高度是ABCD5、将不带电的导体A和带有负电荷Q的导体B接触后，导体A所带的电量情况A无法确定 B带电量为-QC带电量为+Q D带电量为-Q/26、铜的摩尔质量为M，密度为，每摩尔铜原子有n个自由电子，今有一横截面积为S的铜导线，当通过的电流为I时，电子定向移动的平均速率为( )A光速cBCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、A、B两物体质量均为m，其中A带电量为q（不考虑电量的变化）的负电荷，B不带电，通过劲度系数为k的轻质弹簧相连放在水平

4、面上，如图所示，开始时两者都处于静止状态。现在施加一竖直向下的匀强电场，电场强度E=2mgq （g为重力加速度），若不计空气阻力，则以下说法正确的是( )A刚施加电场的瞬间，A的加速度大小为g，方向竖直向上BB刚离开地面时， A的速度大小为2gmkCB刚离开地面时，A的速度大小为gmkDB刚离开地面时，A的加速度为零8、示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，电子枪发射电子经过加速后，通过偏转电极打在荧光屏上形成亮斑，如图所示如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（ ）A极板x应带正电B极板x应带正电C极板y应带正电D极板y应带正电9、在图所示的电路中，电源电动势为E、

5、内电阻为r在滑动变阻器的滑动触片P从图示位置向下滑动的过程中：A电路中的总电流变大B路端电压变大C通过电阻R2的电流变小D通过滑动变阻器R1的电流变小10、一带电小球在空中由A点运动到B点的过程中，只受重力和电场力作用若重力做功3J，电场力做功1J，则小球的（ ）A重力势能增加3JB电势能增加1JC动能减少3JD机械能增加1J三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）打点计时器输入的交流电的频率是50Hz，则打点计时器每隔_秒打一个点。若测得纸带上打下的第5个到第15个点的距离为20.00cm，则物体在这段位移的平均速度为_m/s。12

6、（12分）某同学在某砖墙前的高处水平抛出一个石子，石子在空中运动的部分轨迹照片如图所示从照片可看出石子恰好垂直打在一倾角为37的斜坡上的A点已知每块砖的平均厚度为10cm（不计砖缝的宽度），抛出点到A点竖直方向刚好相距100块砖，取g10m/s1sin370.6，cos370.8），则石子在空中运动的时间为_s，石子水平抛出的初速度大小为_m/s，石子的抛出点到A点的距离为_m.（结果可以用根号表示）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）为了测定电池的电动势E和内阻r，按图所示连接电路，当滑动变阻器的滑动头在

7、某位置时，电流表和电压表的示数为0.3A和1.6V，把滑动头移到另一位置时，它们的示数为0.4A 和1.4V，求电池的电动势和内电阻。14（16分）场是物理学中的重要概念、有电场、磁场、重力场等等现真空中存在空间范围足够大的、水平向右的匀强电场在电场中，若将一个质量为、带正电的小球由静止释放，运动中小球的速度与竖直方向夹角为现将该小球从电场中某点以初速度竖直向上抛出已知重力加速度为，（取， ）求运动过程中（1）小球从抛出点至最高点电场力做的功（2）小球的最小速度的大小及方向（3）如果将小球受到的重力和电场力的合力等效为一个新的场力，仿照电场强度的定义，把新的场力与小球的质量的比值定义为新场场强

8、求该新场场强的大小和方向15（12分）如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场线方向，bc和电场线方向成60角，一个电荷量为q=410-8C的正电荷从a点移到b点时静电力做功为W1=1.210-7J，求：（1）匀强电场的场强E；（2）电荷从b移到c，静电力做功W2；（3）a、c两点间的电势差Uac参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】微安表并联一个小电阻改装成大量程得电流表，串联一个大电阻改装成大量程的电压表。根据改装图所示：当接o、a接线柱时当电流表用，根据并联

9、电路特点得：代入数据解得：；当接o、b接线柱时当电压表用，根据串联电路得特点得：；解得：故B正确，ACD错误，故选B。2、D【解析】若Q1、Q带同种电荷，则由于Q静止不动，可知Q2和Q也带同种电荷，则Q1和Q2不可能绕Q做匀速圆周运动，选项A错误；若Q1、Q2带异种电荷，则两点荷对Q的作用力是同方向的，电荷Q不可能静止，选项B错误；点电荷Q恰好静止不动，因此根据库仑定律，则有：kQQ1r12kQQ2r22，所以Q1、Q2的电荷量之比为(r1r2)2，故C错误。对Q1、Q2：它们间的库仑引力提供向心力，则有：m12r1=m22r2，所以Q1、Q2的质量之比为r2r1，故D正确，故选D。【点睛】考

10、查库仑定律的应用，掌握匀速圆周运动的基本知识，本题类似于双星问题，关键抓住条件：周期相同3、B【解析】根据表中数据可知UbUa，则由Ub:Ua=nb:na，变压器为升压变压器，即nb为输入端，为原线圈，na为输出端，为副线圈，故选B4、D【解析】根据已知可知两个物体空中相遇时A在下降，B在上升，结合两物体抛出的时间间隔必须满足条件即可求出；【详解】由于两个物体在同一地点以同样的速度向上抛出，它们由于能达到相等的高度，所以相遇时，第一个小球在下降，而第二个小球仍然在上升，由运动的对称性可知，相遇时第一个小球已经下降的时间又小球上升的最大高度： 可知两个小球相遇时的高度：,故选项D正确，选项ABC

11、错误【点睛】本题关键是抓住临界情况，两个物体空中相遇可能有几种情况： A、B均在下降，A追上B； A在下降，B在上升；则两物体抛出的时间间隔必须满足条件：抛出B时A不能已经落地； B不能先落地，即A在B前落地5、A【解析】两导体相互接触后，电荷量将重新分布，总量不变，但由于不明确两导体的形状，故无法确定A导体的带电量；故选A。6、D【解析】试题分析：单位长度质量为：；单位长度原子数为：；每个铜原子可以提供一个自由电子，故电子数为；电流；而，解得：，故选项D正确考点：电流、电压概念【名师点睛】设自由电子定向移动的速率为和导线中自由电子从一端定向移到另一端所用时间为，求出导线中自由电子的数目，根据

12、电流的定义式推导出电流的微观表达式，解得自由电子定向移动的速率二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】在未施加电场时，A物体处于平衡状态，当施加上电场的瞬间，A物体受到的合力为施加的电场力，故F=2mg=ma，解得a=2g，方向向上，故A错误；当B离开地面时，此时B受到弹簧的弹力等于B的重力，从施加外力到B离开地面，弹簧的弹力做功为零，A上升的距离为x=2mgk，故合力做功全部转化为A的动能，根据动能定理可知(qE-mg) x12mv2，解得v=2gmk，故B

13、正确，C错误；当B离开地面时，此时B受到弹簧的弹力等于B的重力，此时弹簧的弹力F=mg，对A物体，受到向上的电场力、重力以及弹簧的拉力，根据牛顿第二定律可知qE-F-mg=ma，解得a=0，故D正确；故选BD。【点睛】本题关键根据平衡条件和胡克定律求解出弹簧的形变量，最后结合几何关系得到物体A上升的距离，注意明确弹性势能的变化与形变量之间关系，利用动能定理可判断。8、AC【解析】电子受力方向与电场方向相反，因电子向x向偏转则，电场方向为x到x，则x带正电，即极板x的电势高于极板x，同理可知y带正电，即极板y的电势高于极板y，故选AC。9、AC【解析】试题分析：在滑动变阻器的滑动触片P从图示位置

14、向下滑动的过程中，滑动变阻器电阻减小，回路中总电阻减小，由欧姆定律可知电路中电流增大，电源内阻分得电压增大，由U=E-Ir可知路端电压减小，A对；B错；R2两端电压减小，流过R2的电流减小，C对；干路电流增大，R2支路电流减小，由此可判断流过电阻R1的电流增大，D错；考点：考查串并联和全电路的欧姆定律和动态变化点评：在闭合电路中能够明确串并联关系是解决此类问题的关键，分析动态变化的步骤是：局部整体局部10、AD【解析】考点：动能定理的应用；重力势能的变化与重力做功的关系；电势能分析：解决本题需掌握：重力做功等于重力势能的减小量；电场力做功等于电势能的减小量；合力做功等于动能的增加量；除重力外的

15、各个力做的总功等于机械能的增加量解答：解：A、重力做功等于重力势能的减小量，重力做功-3J，故重力势能增加3J，故A正确；B、电场力做功等于电势能的减小量，电场力做功1J，故电势能减小1J；故B错误C、合力做功等于动能的增加量，合力做功等于各个分力做的功，总功为-2J，故动能减小2J，故C错误；D、除重力外的各个力做的总功等于机械能的增加量，除重力外，只有电场力做功做功1J，故机械能增加1J，故D正确；故选AD点评：功是能量转化的量度，有多种表现形式：重力做功是重力势能变化的量度；电场力做功是电势能变化的量度；合力做功是动能变化的量度；重力外的各个力做的总功是机械能变化的量度【详解】三、实验题

16、：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.02 1 【解析】12 交变电流的频率是50Hz，则打点计时器每隔 0.02s打一个点平均速度为：12、t=1s v0=15m/s 1013m 【解析】根据石子下落的高度，结合位移时间公式求出石子运动的时间，抓住石子速度与斜面垂直，通过竖直分速度，结合平行四边形定则求出石子水平抛出的速度。【详解】由题意可知，石子落到A点的竖直位移为：y=1001010-1=10m；根据y=12gt2得：t=2yg=2s；竖直分速度为：vy=gt=101m/s=10m/s，根据平行四边形定则得：v0=vytan370=15m

17、s；石子落到A点的水平位移为：x=v0t=30m由平行四行定则得：d=x2+y2=302+202m=1013m。【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、2.2V 2【解析】据闭合电路欧姆定律对电路的两种情况列式，联立后可解得电池的电动势和内电阻。【详解】滑动变阻器的滑动头在某位置时，电流表和电压表的示数为0.3A和1.6V，据闭合电路欧姆定律可得：E=U1+I1r，即E=1.6+0.3r滑动头移到另一位置时，电流表和电压表的示数

18、为0.4A 和1.4V，据闭合电路欧姆定律可得：E=U2+I2r，即E=1.4+0.4r联立解得：E=2.2V、r=214、（1）；（2）0.6v0；垂直合力方向向右上方；（3）方向与竖直方向夹角【解析】试题分析：小球静止释放时，由于所受电场力与重力均为恒力，故其运动方向和合外力方向一致，根据这点可以求出电场力大小，然后根据运动的分解，求解小球在电场方向上的位移，进而求得电场力做的功；小球抛出后，水平方向做匀加速直线运动，竖直方向上做竖直上抛运动，用运动的合成求出运动过程中合速度的表达式，然后利用数学求极值的办法即可求出最小速度；新场强为合力的加速度和方向（1）电场力的大小，方向水平向右小球竖直向