2023学年江西省吉安市物理高二上期中检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图甲所示，单匝线圈两端A、B与一理想电压表相连，线圈内有一垂直纸面向里的磁场，线圈中的磁通量变化规律如图乙所示。下列说法正确的是( )A00.1s内磁通量的变化量为0.15WbB电压表读数为VCB端比A端的电势高D电压表“”接线柱接A端2、如图所示，当滑动变阻器的滑动片P向左移动时，下列说法正确的是 （ ）A灯的亮度不变B灯变亮C灯变暗D灯先变亮后变暗3、关于UAB和WABqUAB的理解，正确的是（）A电场中的A、B两点的电势差和两点间移动电荷的电荷量q成反比B在电场中A、B

3、两点间沿不同路径移动相同电荷，路径长时WAB较大CUAB与q、WAB无关，甚至与是否移动电荷都没有关系DWAB与q、UAB无关，与电荷移动的路径无关4、如图甲所示，有一绝缘圆环，圆环上均匀分布着正电荷，圆环平面与竖直平面重合一光滑细杆沿垂直圆环平面的轴线穿过圆环，细杆上套有一个质量为m10 g的带正电的小球，小球所带电荷量q5.0104 C小球从C点由静止释放，其沿细杆由C经B向A运动的vt图象如图乙所示小球运动到B点时，vt图象的切线的斜率最大(图中标出了该切线)则下列说法错误的是()A在O点右侧杆上，B点场强最大，场强大小为E1.2 V/mB由C到A的过程中，小球的电势能先减小后增大C由C

4、到A电势逐渐降低DC、B两点间的电势差UCB0.9 V5、一带电粒子以大小为v0的速度垂直进入匀强磁场中，沿半圆acb运动，如图所示，带电粒子经过c点时（ ）A不受洛伦兹力的作用B受到指向圆心方向的洛伦兹力C速度小于v0D速度大于v06、如图所示，六个点电荷分布在边长为a的正六边形ABCDEF的六个顶点处，在B、F处的电荷的电荷量为q，其余各处电荷的电荷量均为+q，MN为正六边形的一条中线，则下列说法正确的是AM，N两点电势不相等BM，N两点电场强度相同C在中心O处，电场强度大小为，方向由O指向AD沿直线从M到N移动正电荷时，电势能先减小后增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分

5、。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，AB、CD为一圆的两条直径，且互相垂直，O点为圆心空间存在一未知静电场，方向与圆周所在平面平行现有一电子，在电场力作用下（重力不计），先从A点运动至C点，动能减少了W；又从C点运动至B点，动能增加了W，那么关于此空间存在的静电场可能是A方向垂直于AB并由C指向O的匀强电场B方向垂直于AB并由O指向C的匀强电场C位于O点的正点电荷形成的电场D位于D点的正点电荷形成的电场8、在水平地面上空中有竖直方向的匀强电场，一带电小球以某一初速度由M点沿如图所示的轨迹运动到N点由此可知（

6、）A小球所受的电场力一定大于重力B小球的动能一定减小C小球的机械能保持不变D小球的动能、电势能和重力势能之和保持不变9、如图所示，四个相同的表头分别改装成两个电流表和两个电压表。电流表的量程大于的量程，电压表的量程大于的量程，把它们按图接入电路，且都没有超过量程，则（ ）A电流表的读数大于电流表的读数B电流表的偏转角小于电流表的偏转角C电压表的读数等于电压表的读数D电压表的偏转角等于电压表的偏转角10、如图所示，AC、BD为圆的两条互相垂直的直径，圆心为O，半径为r，将带等电荷量的正、负点电荷放在圆周上，它们的位置关于AC对称，q与O点的连线和OC夹角为30，下列说法正确的是AA、C两点的电势

7、关系是ACBB、D两点的电势关系是BDCO点的场强大小为kqr2DO点的场强大小为3kqr2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，现除了有一个标有“5 V，15 W”的小灯泡，导线和开关外，还有：A直流电源：电动势约为6 V，内阻可不计 B直流电流表A1：量程23A，内阻约为21C直流电流表A1：量程2622 mA，内阻约为5 D直流电压表V1：量程215V，内阻为15kE直流电压表V1：量程23V，内阻为6 k F滑动变阻器R： 212 ，1 AG电阻箱一个R2（符号为“ ”）：299

8、99.9，最小调节量2.1；实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化至额定电压5V，且电表读数相对误差较小（1）以上器材中电流表应选用_（填器材代号），电压表应选用_（填器材代号）（1）在方框中画出实验原理电路图；（3）通过实验作出小灯泡的伏安特性曲线，如图甲所示现把两个完全相同的这种小灯泡并联接到电路中，电路图如图乙所示，其中电源电动势E = 3V，内阻r = 6，则此时每个灯泡的实际功率为_W（结果保留两位有效数字）12（12分）某同学根据机械能守恒定律，设计实验探究弹簧的弹性势能与压缩量的关系。（1）如图（a），将轻质弹簧下端固定于铁架台，在上端的托盘中依次增加砝码，测得相应的弹簧长度，部分

9、数据如下表，由数据算得劲度系数k=_N/m。（g取9.8m/s2）（2）取下弹簧，将其一端固定于气垫导轨左侧，如图（b）所示；调整导轨，使滑块自由滑动时，通过两个光电门的速度大小_。（3）用滑块压缩弹簧，记录弹簧的压缩量x；释放滑块，记录滑块脱离弹簧后的速度v，释放滑块过程中，弹簧的弹性势能转化为_。（4）重复（3）中的操作，得到v与x的关系如图（c）。由上述实验可得结论：对同一根弹簧，弹性势能与弹簧的压缩量的平方成_关系。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在图中的电路中，若 R1=4，R3=6，电池内阻

10、r=0.6，则电源产生的总功率为40W，而输出功率为37.6W。求：（1）电源内阻上消耗的电功率是多少？（2）电源电动势.14（16分）如图所示，某同学没计了一个屏蔽高能粒子辐射的装置，圆环形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B。将辐射源放在圆心O处，辐射源在纸面内向外辐射质量为m电荷量为q的粒子，粒子速度大小不同，已知环形区域内圆半径为R，外圆半径为R，辐射源放出的粒子恰好均不能从磁场外边界射出，求：（1）辐射源射出粒子的最大速度值；（2）从O点以最大速度射出的粒子第一次回到O点的时间。15（12分）图示电路中R1=12 ，R2=6 ，滑动变阻器R3上标有“20 2 A”字样，理想

11、电压表的量程有03 V和015 V两挡，理想电流表的量程有00.6 A和03 A两挡闭合开关S，将滑片P从最左端向右移动到某位置时，电压表、电流表示数分别为2.5 V和0.3 A；继续向右移动滑片P至另一位置，电压表指针指在满偏的，电流表指针指在满偏的求：（1）此时电流表的示数；（2）电源的电动势参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A.00.1s内磁通量的变化量为0.05Wb，故A错误B.感应电动势，故B错误C.根据楞次定律判断B端比A端的电势低，故C错误D. B端比A端的电势低，电压表“”接线柱接A端，

12、故D正确故选D2、B【解析】设滑动变阻器总电阻为R，滑动端P的左右两边电阻分别为R-R1和R1，则通过灯泡的电流则当滑动变阻器的滑动片P向左移动时，R1变大IL变大，灯泡变亮；A灯的亮度不变，与结论不相符，选项A错误；B灯变亮，与结论相符，选项B正确；C灯变暗，与结论不相符，选项C错误；D灯先变亮后变暗，与结论不相符，选项D错误；3、C【解析】A电势差公式是比值定义法，电场中的A、B两点间的电势差和两点间移动电荷的电量q和电场力做功均无关。故A错误；B根据公式WAB=qUAB，在电场中A、B两点移动不同的电荷，电场力的功WAB和电量q成正比，故B错误；C电势差公式是比值定义法，UAB与q、WA

13、B无关，甚至与是否移动电荷都没有关系，故C正确；D电场力做功与路径无关，电场力的功WAB和电量q成正比，即WAB与q成正比，但与电荷移动的路径无关，故D错误。4、B【解析】A、由乙图可知，小球在B点的加速度最大，故所受的电场力最大，加速度由电场力产生，故B点的电场强度最大，小球的加速度：a=vt=0.35=0.06m/s2，又：a=qEm，解得E=maq=0.010.06510-4=1.2V/m，故A正确；BC、从C到A小球的动能一直增大，说明电场力一直做正功，故电势能一直减小，根据=EPq可知电势一直减小，故C正确，B错误；D、由C到B电场力做功为WCB=12mvB2-0，CB间电势差为UC

14、B=Wq=mvB22q=0.010.322510-4=0.9V，故D正确；错误的故选B。【点睛】关键是通过乙图的v-t图象判断出加速度，加速度最大时受到的电场力最大，电场强度最大，由电场力做功即可判断电势能，由W=qU求的电势差。5、B【解析】带电粒子在磁场中运动时受到洛伦兹力作用，因洛伦兹力方向与速度方向垂直，则粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力，速度大小不变，则带电粒子经过c点时受洛伦兹力的作用，其方向指向圆心，速度等于v0，选项ACD错误，B正确；故选B.【点睛】此题关键是知道带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力，且洛伦兹力不做功，粒子的速度大小不变.6、C【解析】由对

15、称性可知，MN两点电势相等，选项A错误；中间一组-q和+q电荷在MN两处合场强大小相等，方向水平向左，最上边一组正电荷在M点合场强为0，最下面一组在N点合场强为0，最上边一组正电荷在N点合场强方向竖直向下，最下边一组正电荷在M点合场强方向竖直向上，最上边一组正电荷在N点合场强大小和最下边一组正电荷在M点合场强大小相等，所以M、N两点场强大小相等，方向不同，故B错误；上下两组正电荷共四个+q在O点合场强为0，中间-q和+q电荷在O点合场强大小为2，方向沿O指向-q方向，所以中心O点场强大小为2，方向沿O指向A方向，故C正确若将正电荷从M点沿直线移动到N点，垂直MN方向上的电场力一直不做功，竖直方

16、向上电场力先做负功，后做正功，由对称性可知所做总功一定为零，所以MN两点电势相等，正电荷电势能先增大后减小；故D错误故选C点睛：本题考查的就是点电荷的电场的分布，这要求同学对于基本的几种电场的情况要了解，本题考查的就是学生对电场的叠加原理的应用，要注意运用等效思维来解题二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】考点：电势能；点电荷的场强；匀强电场专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电子的电势能的变化确定A和B电势相等如果是匀强电场，AB连线是等势线根据电子先从

17、A点运动至C点，动能减少了W去判断A点和C点电势高低，从而判断场强方向如果是点电荷形成的电场，根据电子先从A点运动至C点，动能减少了W去判断场强方向解答：解：现让一电子先从A点运动至C点，动能减少了W；又从C点运动到B点，动能增加了W，所以A和B电势相等A、如果是匀强电场，AB连线是等势线，匀强电场垂直于AB，由于电子先从A点运动至C点，动能能减少，则电势能增加，所以A点电势高于C点电势，沿着电场线电势一定降低所以方向垂直于AB由O点指向C点，故A正确，B错误C、如果位于O点的正点电荷形成的电场，A点电势等于C点电势，故C错误D、位于D点的正电荷形成的电场，符合题意，故D正确故选AD点评：注意

18、电势能不仅与电荷有关还与电势有关，分析时一定要带入符号进行研究8、AD【解析】A在竖直方向上，小球只受重力和电场力，由轨迹图像可知，小球做类平抛运动，在竖直方向上向上运动，则电场力大于重力，A正确；BC在竖直方向上，小球做加速运动，水平方向上做匀速运动，所以小球的动能增大，小球向上运动，重力势能增大，所以小球机械能增大，BC错误；D小球只受重力和电场力的作用，电势能转化为重力势能和动能，故小球的动能、电势能和重力势能之和保持不变，D正确。9、AD【解析】电流表A1的量程大于A2的量程，故电流表A1的内阻小于A2的内阻；电压表V1的量程大于V2的量程，故V1的电阻大于V2的电阻；AB由图可知，两

19、电流表并联，故两流表两端的电压相等，两表由同一电流表改装而成，而将电流表扩大量程时为并联一小电阻，故相当于为四个电阻并联，故两表头中电流相同，故两表的偏角相同，故A1中的电流要大于A2中的电流，故A1的读数比A2的读数大，故A正确，B错误；CD两电压表串联，故通过两表的电流相等，故V1的读数比V2的读数大，两电压表串联，通过表头的电流相等，表头指针偏转角度相等，电压表V1的偏转角等于电压表V2的偏转角，故D正确，C错误。故选AD。10、AC【解析】由等量异种点电荷的电场分布和等势面的关系可知，等量异种点电荷的连线的中垂线为一条等势线，故A、C两点的电势关系是AC，A对；空间中电势从左向右逐渐降

20、低，故B、D两点的电势关系是BD，B错；q点电荷在O点的场强与q点电荷在O点的场强的大小均为kqr2，方向与BD方向向上和向下均成60的夹角，合场强方向向右，根据电场的叠加原理知合场强大小为kqr2，C对D错三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）A1；V1 （1） （3）2.12W2.11W 【解析】试题分析：（1）灯泡的额定电压为5V，因此电压表选择大于等于5V的即可，故选E；而灯泡的额定电流；故电流表应选择C；因本实验采用分压接法，滑动变阻器应选小电阻；故滑动变阻器选择F；（1）本实验要求多测几组数据，故采用分压接法；同时因电流

21、表内阻与灯泡内阻接近，故电流表选用外接法；实物图如下图所示；（3）作电源的伏安特性曲线，与甲图相交的交点，即为电灯泡工作点考点：“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验12、50 相等 滑块的动能 正比 【解析】(1)1表格中，当50g时，弹簧长度为8.62cm，当100g时，弹簧长度为7.63cm，当150g时，弹簧长度为6.66cm，根据胡克定律，F=kx，设弹簧的劲度系数为k，原长为x0，则列式：0.059.8=k（x0-0.0862）0.19.8=k（x0-0.0763）联立两式解得：k=50N/m(2)2通过光电门来测量瞬时速度，从而获得释放压缩的弹簧的滑块速度，为使弹性势能完全转化为动能，则导轨必须水平，因此通过两个光电门的速度大小须相等；