2023学年河北省邢台一中物理高二第一学期期中达标检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一个质量为m的带正电荷量为q的尘粒以竖直向上的初速度v0在平行板电容器P、Q两板

2、正中间的A点进入场强为E的匀强电场中，恰好垂直于Q板打在B点，且AC=BC，则下列说法错误的是（ ） AP板电势高于Q板的电势B尘粒打在B点时速度是2v0C尘粒打在B点时速度是v0DP、Q两板间的电势差是2、关于电场强度的下列说法中，正确的是A电场强度与试探电荷所受电场力成正比B试探电荷的电荷量越大，电场强度越大C电场强度的方向就是试探电荷所受电场力的方向D电场强度是电场本身的性质，与试探电荷的电量及其所受电场力大小无关3、两个完全一样的金属小球M、N，先让它们各自带电-5q和+7q，接触后再分开，则最终M、N的带电量分别是（）A+6q，+6qB+7q，+5qC+12q，+12qD+q，+q4

3、、如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，在滑动变阻器R1的滑动触片P从图示位置向下滑动的过程中（ ）A电路中的总电流变小B路端电压变大C通过电阻R2的电流小D通过滑动变阻器R1的电流小5、下列属于理想物理模型的是（ ）A电场B电场线C元电荷D点电荷6、下列关于电场强度的说法中正确的是A由E=知,若试探电荷电量q减半,则该处电场强度变为原来的2倍B由E=k知,E与场源电荷电量Q成正比,而与r2成反比C由E=k知,在以场源电荷Q为球心、r为半径的球面上的各点电场强度均相同D电场中某点的电场强度方向就是该点所放电荷受到的静电力的方向二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题

4、给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列说法正确的是( )A多用电表测电压、电流时，红表笔的电势都高于黑表笔的电势B用多用电表测电压、电流和电阻时，都用到了表内的电源C测电阻时，必须把与被测电阻相接的电源分离D测电阻时，两个表笔要与待测电阻接触良好才能测得较准确，因此，应当用两手分别将两个表笔与电阻两端紧紧捏在一起8、如图是一弹簧振子，O为平衡位置，则振子从aO运动的过程中，下列说法正确的是()A位移不断减小B速度不断减小C加速度不断减小D弹簧的弹性势能不断增大9、关于自由落体运动，以下看法正确的是（）A下落的第一秒和第二秒动

5、量的变化相同B下落的第一秒和第二秒动能的变化量相同C下落的第一个H高度和第二个H高度的过程中动量的变化相同D下落的第一个H高度和第二个H高度的过程中动能的变化量相同10、质量和电量都相等的带电粒子 M 和 N，以不同的速率经小孔垂直进入匀强磁场，带电粒子仅受洛伦兹力的作用，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，下列表述正确的是（ ）AM 带负电，N 带正电BM 的速度率小于 N 的速率C洛伦兹力对 M、N 不做功DM 的运行时间大于 N 的运行时间三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用半径均为r的小球1和小球2做碰撞验证动量守恒定律，实验

6、装置如图所示，斜槽与水平槽圆滑连接。安装固定好实验装置，竖直挡板上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，用夹子固定住，小球圆心与O点位置等高。接下来的实验步骤如下：步骤1：不放小球2，让小球1从斜槽上A点由静止滚下，并碰上竖直挡板。重复多次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置P；步骤2：把小球2放在斜槽前端边缘位置B，让小球1从A点由静止滚下，使它们碰撞。重复多次，并使用与（1）同样的方法标出碰撞后两小球落点的平均位置N、M；步骤3：用毫米刻度尺测得O点与M、P、N三点的竖直方向的距离分别为h1、h2、h3。（1）设球1和球2的质量为m1、m2，则关于步骤2中的说法

7、，正确的是（_）A球1、球2的落点分别是N、M B球1、球2的落点分别是M、NC如果两球质量相等，则球2的落点介于ON之间 D球1的质量应该小于球2的质量（2）当所测物理量满足下列表达式（_）时，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律。A BC D12（12分）在伏安法测电阻的实验中，待测电阻Rx约为200 ，电压表V的内阻约为2 k，电流表A的内阻约为10 ，测量电路中电流表的连接方式如图甲或图乙所示，结果可由公式Rx计算得出，式中U与I分别为电压表和电流表的示数若将图甲和图乙中电路测得的电阻值分别记为Rx1和Rx2，则_(填“Rx1”或“Rx2”)更接近待测电阻的真实值，且测量值Rx1_(填“大于

8、”、“等于”或“小于”)真实值，测量值Rx2_(填“大于”、“等于”或“小于”)真实值四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示为匀强电场中的一组等势面，若A、B、C、D相邻两点间的距离都是2，P点到A点距离为1.4，e =1.61019C求：（1）场强的大小与方向；（2）P点的电势；（3）电子在P点的电势能14（16分）如图用直流电动机提升重物，重物的质量m=50kg，电源电动势E=110V不计电源内阻及各处的摩擦，已知电动机线圈的电阻R=4，电路中的恒定电流强度I=5A，与重物相连的绳子足够长，经过t

9、=20s，电动机恰好开始以恒定的速度向上提升重物，当电动机以恒定速度向上提升重物时，重物的速度v=？重物在这个过程中上升的高度h=？电动机内产生的电热Q=？（g=10m/s2）15（12分）一质量为0.5kg的小球从空中某高度由静止开始下落，该下落过程对应的图像如图所示。小球与水平地面碰撞后竖直反弹，离开地面时的速度大小为碰撞前的，该小球受到的空气阻力大小恒为f，小球与地面第一次碰撞的时间为t=s，取g=10m/s2。求:（1）小球受到的空气阻力的大小；（2）小球第一次和地面碰撞过程中受到地面的平均作用力的大小（小球和地面碰撞过程中受到的空气阻力忽略不计）。 参考答案一、单项选择题：本题共6小

10、题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A由题意可知，正电荷的电场力方向水平向右，则有P板电势高于Q板的电势，故A正确，A项不合题意；BCD设微粒从A运动到B的时间为t，AC=BC=d，则有水平方向：竖直方向得到v=v0研究竖直方向，得到水平方向得得且a=g，则有所以A、B点的电势差是PQ间电势差是AB间两倍，即为，故CD正确，B错误，CD不合题意，B项符合题意。故选B。2、D【解析】电场强度表示电场本身的强弱和方向,与检验电荷的电量无关.电场线的疏密表示电场的强弱,电场线越密,电场越强.电场中正检验电荷的受力方向是电场强度的方向.【详解】A

11、BD、电场强度表示电场本身的强弱,与检验电荷的电量及所受力大小无关.故AB错误.D对C、电场强度的方向是由电场本身决定的,与电荷的正负及大小无关. 一般规定电场中正检验电荷的受力方向是电场强度的方向,场强与负检验电荷的受力方向相反故C错误.故选D【点睛】3、D【解析】两个完全相同的金属小球接触，电荷先中和后均分故ABC错误，D正确。故选D。4、C【解析】在滑动变阻器R1的滑动触片P向下滑动的过程中，R1变小，外电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律分析电路中的总电流和路端电压的变化，分析通过电阻R2的电流变化，再判断通过滑动变阻器R1的电流的变化【详解】A、在滑动变阻器R1的滑动触片P向下滑动的过

12、程中，R1变小，外电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律分析电路中的总电流变大故A错误B、路端电压U=EIr，I变大，E、r不变，则U变小故B错误C、路端电压U变小，通过电阻R2的电流变小故C正确D、总电流变大，通过电阻R2的电流变小，所以通过滑动变阻器R1的电流必定变大故D错误故选C【点睛】本题也可以利用结论进行判断：变阻器电阻变小，路端电压必定变小，其所在电路电流必定增大，所并联的电路电压变小5、D【解析】A电场是客观存在的物质，不是理想物理模型，故A错误，不符合题意；B电场线是为了形象的描述电场的强度和方向引入的假想的曲线，不是理想物理模型，故B错误，不符合题意；C元电荷是最小的电量的单位，

13、不是理想物理模型，故C错误，不符合题意；D点电荷是忽略了带电体的大小和形状，抽象成的带电的点，是理想物理模型，故D正确，符合题意。故选D。6、B【解析】A电场强度的大小只与场源有关，与试探电荷电量大小无关，故A错误；B由库仑定律可知，电场强度与场源点电荷电量成正比，与电场中任意点距场源点电荷距离平方成反比，故B正确；C根据点电荷的场强分布可知，以点电荷为球心，以r为半径的球面上的各点电场强度大小相同，方向不同，所以场强不同，故C错误；D电场中某点场强方向是放在该点的正电荷所受电场力的方向，故D错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目

14、要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A. 多用电表测电压、电流时，电流由外部电源提供，红表笔的电势都高于黑表笔的电势，故A正确。B. 用多用电表电阻时，用到了表内的电源，测电压、电流时，没有用到表内的电源，故B错误。C. 测电阻时，必须把与被测电阻相接的电源分离，故C正确。D. 测电阻时，两个表笔要与待测电阻接触良好才能测得较准确，但不能用两手分别将两个表笔与电阻两端紧紧捏在一起，因人体也是一电阻，故D错误。8、AC【解析】试题分析：振子从aO运动的过程是靠近平衡位置，故位移减小，速度增加，加速度减小，弹性势能减小；故BD错误，AC正确；故选AC.考点

15、：简谐振动的规律9、AD【解析】A自由落体运动是初速度为0的匀加速直线运动，加速度为重力加速度，下落的第一秒和第二秒内动量变化：运动时间t相等，则动量变化相同，故A正确；B根据位移时间公式：第一秒和第二秒内下落高度不等，根据动能定理可知动能变化量不等，故B错误；C下落的第一个H高度和第二个H高度，运动时间不等，根据动量定理可知：动量的变化不等，故C错误.D下落的第一个H高度和第二个H高度，重力做功相等，根据动能定理可知动能的变化量相同，故D正确；10、AC【解析】由左手定则判断出M带正电荷，带负电荷；结合半径的公式可以判断出粒子速度的大小；根据周期的公式可以判断出运动的时间关系【详解】A：由左

16、手定则判断出N带正电荷，M带负电荷，故A正确；B：粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力 ，半径为： ，在质量与电量相同的情况下，半径大说明速率大，即M的速率大于N的速率，故B错误；C：洛伦兹力始终与速度的方向垂直，不做功，故C正确；D：粒子在磁场中运动半周，即时间为周期的一半，而周期为 ，M的运行时间等于N的运行时间，故D错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B A 【解析】（）1AB、小球离开轨道后做平抛运动，小球在水平方向的位移d相等，小球做平抛运动的时间为：小球在竖直方向的位移为：由于g、d都相等，小球的初速度v0越大，小球下落

17、的高度h越小，两球碰撞后入射球1的速度小于被碰球2的速度，因此球1的竖直分位移大于球2的竖直分位移，由图示可知，球1、球2的落点分别是：M、N，故A错误，B正确；C、如果两球质量相等，两球发生弹性碰撞后两球交换速度，碰撞后球1静止、球2做平抛运动，球2的落点为P，故C错误；D、为防止入射球反弹，球1的质量应大于球2的质量，故D错误；（2）2小球离开轨道后做平抛运动，水平方向：d=v0t竖直方向：解得：由题意可知，碰撞前球1的速度为：碰撞后球1的速度为：碰撞后球2的速度为：碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m1v0=m1v1+m2v2整理得：故选A.12、 Rx1 大于 小

18、于【解析】因为，而，故可认为RxRA，故应采用图甲电路测量更准确，即Rx1更接近待测电阻的真实值；因为， ，UUR，I=IR，则，即测量值Rx1大于真实值；因为， ，U=UR，IIR，则，即测量值Rx2小于真实值；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）100V/m；方向垂直等势面与AD夹600角向左上（2）-0.3V（3）4.8x10-18J 【解析】试题分析：（1）如下图所示，电场线和等势面是垂直的关系，而且从高电势指向低电势从示意图读出任意相邻两点间的电势差，沿电场线方向的距离所以匀强电场的强度，方向与AD成60角斜向左上方（2），带入数据即整理得（3）电子在P点的电势能考点：匀强电场电场强度和电势差的关系 电场力做功和电势能电势差的关系14、0.9m/s； 17.9595m；2000J【解析】由题中“如图用