福建省宁德市普通高中毕业班2023学年高二物理第一学期期中经典试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，PQ为某电场中的一条电场线，下列说法正确的是（）A该电场一定是匀强电场B该电场一定是点电荷产生的电场

2、CP点的电场强度一定比Q点的大D正电荷在P点受到的电场力方向沿着电场线方向2、对电场线的描述错误的是（ ）A电场线上某点的切线方向表示该点的场强方向 B电场线永不相交C电场线是闭合曲线 D电场线是假想曲线3、做曲线运动的物体，在运动过程中一定在变化的物理量是( )A加速度B动能C速度D合外力4、真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减小为原来的，它们之间的相互作用力变为（）A16FB4FCFDF5、甲、乙两同学使用多用电表欧姆挡测同一个电阻时，他们都把选择开关旋到“100”挡，并能正确操作。他们发现指针偏角太小，于是甲把选择开关旋到“1 k”挡，

3、乙把选择开关旋到“10”挡，但乙重新调零，而甲没有重新调零。则以下说法正确的是()A甲选挡错误，而操作正确B乙选挡正确，而操作错误C甲选挡错误，操作也错误D乙选挡错误，而操作正确6、将直流电源、开关S、电感线圈L（自感系数较大）和灯泡A连接成如图所示的电路，开始时开关S断开，下列说法正确的是A闭合开关S时，灯泡立即变亮B开关S闭合一段时间后再断开，灯泡逐渐熄灭C开关S闭合一段时间后再断开的瞬间，b点电势高于a点电势D开关S闭合一段时间后再断开的瞬间，a点电势高于b点电势二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选

4、对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，正方形区域内存在垂直纸面的匀强磁场.一带电粒子垂直于磁场边界从a点射入，从b点射出。下列说法正确的是（ ）A粒子带负电B粒子在b点的速率大于在a点的速率C若仅减小磁感应强度，则粒子可能从b点右侧射出D若仅减小入射速率，则粒子在磁场中运动时间变短8、对UAB=1V的理解，正确的是（）A从A到B移动qC的电荷，电场力做功1JB从A到B移动1C的正电荷，电场力做功1JC从A到B移动1C的负电荷，克服电场力做功1JD从A到B移动1C的负电荷，外力做功1J9、真空中相距为3a的两个点电荷M，N分别固定于x轴上的x1=0和x2=3a的两点上，在他们连线上各点

5、的电场强度E随x变化关系如图所示，以下判断正确的是Ax=a处的电势一定大于0B点电荷M,N一定为同种电荷C在两点电荷之间沿x轴正向电势可能先降低再升高D点电荷M,N所带电荷量的绝对值之比为2：110、如图所示，离地高 H 处有一质量为 m，带电量为+q 的物体处于电场强度随时间变化规律为 E= E0-kt(E0和 k 均为大于零的常数，水平向左为电场正方向)的均匀电场中，物体与竖直绝缘墙壁的动摩擦因数为，已知qE0mg，t=0 时，将物体从墙上由静止释放，若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当物体下滑 h（ hH）时恰好脱离墙面，此时速度大小为 v，最终落在地面上，则A物体落地前做加速度一

6、直增大的加速运动B物体从脱落墙壁到落地前的运动轨迹是直线C物体克服摩擦力做的功等于 mgh-D物体与墙壁脱离的时刻等于 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）欲用伏安法测量一个阻值约为15k的电阻Rx，备有如下器材电压表V1（量程03V，内阻约10k）电压表V2（量程015V，内阻约50k）电流表A1（量程00.6A，内阻约1）电流表A2（量程0200A，内阻约50）滑动变阻器R（最大阻值10），电池（电动势E约3V，内阻不计）开关、导线。（1）为减小测量误差，电压表应选_，电流表应选_（填代号）（2）测量电路的原理图用的是_（内接

7、法或外接法）（3）电阻Rx的测量值比实际值_（填“偏大”或“偏小”）12（12分）打点计时器输入的交流电的频率是50Hz，则打点计时器每隔_秒打一个点。若测得纸带上打下的第5个到第15个点的距离为20.00cm，则物体在这段位移的平均速度为_m/s。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）动能定理描述了力对物体作用在空间上累积的效果，动量定理则描述了力对物体作用在时间上累积的效果，二者是力学中的重要规律（1）如图所示，一个质量为m的物体，初速度为，在水平合外力恒力的作用下，运动一段时间t后，速度变为请根据上述情

8、境，利用牛顿第二定律推导动量定理，并写出动量定理表达式中等号两边物理量的物理意义（2）在一些公共场合有时可以看到，“气功师”平躺在水平地面上，其腹部上平放着一块大石板，有人用铁锤猛击大石板，石板裂开而人没有受伤现用下述模型分析探究若大石板质量为，铁锤质量为铁锤以速度落下，打在石板上反弹，当反弹速度为铁锤与石板的作用时间约为由于缓冲，石板与“气功师”腹部的作用时间较长，约为，取重力加速度请利用动量定理分析说明石板裂开而人没有受伤的原因14（16分）如图所示匀强电场的电场强度为2.0104 N/C，沿电场线方向有A、B两点，A、B两点间的距离为0.10m。将电荷量2.010-8 C的正点电荷从A点

9、移至B点，求(1)求A、B两点间的电势差；(2)电荷从A点移至B点的过程中电场力所做的功。15（12分）如图所示，一带电量为q小球用绝缘绳悬挂，匀强电场方向水平向右小球的重力为G，偏离竖直方向的夹角为=30求：（1）带点小球的电性是（正或负）（2）求出小球受到的电场力F的大小（3）求电场强度E参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】ABC.仅由这一根电场线无法判断是什么电场，不知电场线的疏密，电场的强弱也无法判断，所以ABC错误；D.正电荷受到的电场力方向沿着电场线方向，D正确2、C【解析】电场线上某点的切线

10、方向表示该点的场强方向，选项A正确；电场线永不相交，选项B正确；电场线是不闭合得曲线，选项C错误；电场线是假想曲线，实际是不存在的，选项D正确；此题选择错误的选项，故选C.3、C【解析】既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动，它的速度肯定是变化的；而匀速圆周运动的速率是不变的，平抛运动的合力、加速度是不变的【详解】AD平抛运动也是曲线运动，但是它的合力为重力，加速度是重力加速度，是不变的，故AD错误B匀速圆周运动的速度的大小是不变的，即速率是不变的，其动能也不变，故B错误C物体既然做曲线运动，那么它的速度方向肯定是不断变化的，所以速度一定在变化，故C正确故选C【

11、点睛】曲线运动不能只想着匀速圆周运动，平抛也是曲线运动的一种，可以是合外力不变的匀变速曲线运动，也可可以是合外力变化的匀速率圆周运动4、A【解析】由库仑定律可得，变化后故选A。5、D【解析】选择开关旋到“100”挡，正确操作，指针偏角太小，说明被测阻值较大，所选挡位偏小，应换大挡，应把选择开关旋到“1k”挡，然后进行欧姆调零，再测电阻，故选D。6、C【解析】闭合开关S时，由于通过线圈L的电流逐渐变大，因而在线圈中产生自感电动势阻碍电流的增加，则回路的电流会慢慢增大，则灯泡会逐渐变亮，选项A错误；开关S闭合一段时间后再断开，回路立即断开，则灯泡立即熄灭，选项B错误；开关S闭合一段时间后再断开的瞬

12、间，在线圈L中会产生与原来电流方向相同的自感电动势，线圈相当于电源，则b点电势高于a点电势，选项C正确，D错误；故选C.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A粒子向下偏转，根据左手定则可得粒子带负电。故A正确。B粒子在磁场中运动时洛伦兹力不做功，粒子在b点速率等于在a点速率。故B错误。C根据可知，若仅减小磁感应强度，则粒子运动的半径增大，粒子可能从b点右侧射出。故C正确。D若仅减小入射速率，则粒子在磁场中运动半径减小，粒子轨迹对应的圆心角有可能增大，根据T

13、，可知粒子运动时间可能增加。故D错误。8、BC【解析】试题分析：根据W=Uq可知对UAB=1V表示：从A到B移动1C的正电荷，电场力做功1J；或者从A到B移动1C的负电荷，克服电场力做功1J，选项BC正确，AD错误；故选BC.考点：电势差9、BC【解析】A.由于电势是一个相对概念，即零电势的选择是任意的，则x=a处的电势可以为0，也可以大于0，也可以小于0，故A错误；B. 若两电荷为异种电荷，在x=2a处，电场强度不可能为0，故两电荷为同种电荷，故B正确；C. 若选沿x轴方向为正方向， 02a电场为正，方向向右， 2a3a电场为负，方向向左，而沿电场线方向电势降低，所以在两点电荷之间沿x轴正向

14、电势先降低再升高，故C正确；D.2a处合场强=0，由知， ，所以M、N所带电荷量的绝对值之比为4：1，故D错误。10、ACD【解析】竖直方向上有mg-qE=ma，随着电场强度E的减小，加速度a逐渐增大，当E=0时，加速度增大到重力加速度g，此后物块脱离墙面，此后电场力增大，重力不变。物体所受的合力增大，加速度也继续增大，故A正确；物体脱离墙面时的速度向下，之后所受合外力与初速度不在同一条直线上，所以运动轨迹为曲线，故B错误；物体从开始运动到脱离墙面电场力一直不做功，由动能定理得： ，解得： ，故C错误；当物体与墙面脱离时电场强度为零，所以E=E0-kt=0，解得时间： ，故D正确。所以AD正确

15、，BC错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、V1 A2 内接法 偏大 【解析】（1）12电源电动势为3V，故电压表选用3V的量程，即选V1；待测电阻为15K，则电路中的最大电流约为，故电流表选A2；（2）3该待测电阻阻值远远大于电流表内阻，故选用电流表内接法；（3）4选用电流内接法后，电流的测量值是准确的，而电压的测量值偏大，故待测电阻的阻值测量值偏大。12、0.02 1 【解析】12 交变电流的频率是50Hz，则打点计时器每隔 0.02s打一个点平均速度为：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写

16、出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）即为动量定理；其中Ft为合外力的冲量，为动量的变化（2）在铁锤与石板的碰撞过程中，铁锤对石板的作用力较大，超过了石板承受的限度，因而石板裂开在作用前后，石板对人的作用力较小，其变化也较小，没有超过人能承受的限度，因而没有受伤【解析】由牛顿第二定律求得加速度，即可根据匀变速运动规律求得初末速度、力，时间之间的关系，从而将等式变形得到动量定理表达式；根据铁锤下落和反弹高度，由动能定理求得求得铁锤与石板碰撞前后的速度，即可根据动量定理得到铁锤和石板间作用力的平均值【详解】根据牛顿第二定律： 运动学规律：即为动量定理；其中Ft为合外力的冲量，为动量的变化

17、在铁锤与石板的碰撞过程中，取竖直向上为正方向，对铁锤，由动量定理 解得： 对石板，由动量定理：，解得 在铁锤与石板的碰撞过程中，铁锤对石板的作用力较大，超过了石板承受的限度，因而石板裂开在作用前后，石板对人的作用力较小，其变化也较小，没有超过人能承受的限度，因而没有受伤【点睛】对石板进行受力分析，由动量定理求得石板和人之间作用力的平均值，即可由两平均值大小关系解释现象对于运动过程中某一作用力做的功或某一位置的速度的求解，尤其是非匀变速运动，或做功的力较少或做功较易得到表达式的情况，常根据动能定理来求解14、 (1) (2)【解析】（1）A、B两点间的电势差是：U=Ed=2.01040.10V=2.0103V（2）电荷所受电场力F的大小为