河北省衡水2023学年物理高二第一学期期中达标测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，用一根竖直放置的弹簧连接一个气缸的活塞，使气缸悬空而静止。若不计活塞气缸间的摩擦，气缸导热性能良好，则下列判断正确的是（ ）A若大气压强增大，则活塞将上升B若

2、大气压强减小，则活塞将上升C若气温升高，则气缸将上升D若气温升高，则活塞将上升2、关于匀速圆周运动的性质，以下说法中正确的是（ ）A匀速运动 B匀变速运动C变加速运动 D以上说法都不对3、通电矩形线框abcd与无限长通电直导线MN在同一平面内，电流方向如图所示，bc边与MN平行，以下关于线框四个边受到安培力的说法正确的是A线框只有两个边受力，合力向左B线框只有两个边受力，合力向右C线框四个边都受力，合力向左D线框四个边都受力，合力向右4、下列说法正确的是()A在电场中自由释放的电荷一定沿电场线运动B电阻率越大，说明导体的导电性能越差C闭合电路中电流的方向是从电源的正极流向负极DE只是电动势的定

3、义式而非决定式，电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的5、如图，在电场中有a、b两点，试比较a、b两点的场强大小；引入一点电荷，试比较点电荷在a、b两点所受电场力的大小（ ） AEaEb,FaFbBEaEb,FaFbCEaEb,FaFbDEaEb,FaFb6、两个等量点电荷P、Q在真空中产生的电场线（方向未画出）如图所示，在A、B两点的电场强度分别为EA和EB,则它们的大小关系为( )AEA=EB BEAEB CEA）的质点沿轨道内侧运动经过a点和b点时对轨道压力的大小分别为Na和Nb不计重力，求电场强度的大小E、质点经过a点和b点时的动能15（12分）一水平放置的平行板电容器的两极板间距

4、为d，极板分別与电池两极相连，上极板中心有一小孔（小孔对电场的影响可忽略不计）小孔正上方处的P点有一带电粒子，该粒子从静止开始下落，经过小孔进入电容器，并在下极板处（未与极板接触)返回若将下极板向上平移，求仍从P点由静止开始下落的相同粒子下落的最大高度参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】AB对活塞与气缸的整体，受到重力和弹簧的弹力作用，且弹簧的弹力等于重力，故若外界大气压增大或减小时，弹簧压缩量不变，活塞将静止不动，故AB错误；CD若气温升高，弹簧压缩量不变，则由可知，气体的体积增大，气缸将上升；由于弹簧

5、长度不变，则活塞距地面的高度将不变，选项C 正确，D错误。故选C。2、C【解析】试题分析：匀速圆周运动加速度方向适中指向圆心，加速度是变化的，所以匀速圆周运动是变加速运动故选C3、C【解析】根据右手螺旋定则可得通电直导线在矩形线框处产生的磁场方向为垂直纸面向外，根据左手定则可得ab边受到的安培力向下，cd边受到的安培力向上，两者等大反向，在竖直方向上合力为零，bc边受到的安培力向左，ad边受到的安培力向右，但由于bc处的磁感应强度大于ad处的，故bc边受到的安培力大于ad边受到的安培力，故水平方向上合力向左，故C正确；【点睛】本题关键：（1）会根据安培定则判断通电直导线的磁场；（2）会根据左手

6、定则判断安培力方向；（3）会根据安培力公式F=BIL并结合微元法判断安培力的大小4、D【解析】A、在电场中自由释放的电荷，若电场线是直线，一定沿电场线运动，若电场线是曲线，一定不沿电场线运动，故A错误；B、在S、L一定的条件下，导体的电阻大小与电阻率有关，电阻率越大的电阻越大，所以它的导电性能越差，故B错误；C、闭合电路中外部电流的方向是从电源的正极流向负极，闭合电路中内部电流的方向是从电源的负极流向正极，故C错误；D、只是电动势的定义式而非决定式，电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的，故D正确；故选D。5、D【解析】由图看出，b处电场线比a处电场线密，则b处场强大于a处场强，即EbEa

7、由电场力公式F=Eq得知，电荷在b处受到的电场力大于在a处受到的电场力，即FbFa，故D正确。【点睛】电场中，电场线越密，电场强度越大，同一电荷受到的电场力越大.6、B【解析】由电场线的疏密分布情况可知，A处电场线密集，场强大。B处电场线稀疏，场强小，故EAEB故选B。【点睛】掌握住电场线的特点，明确其物理意义：电场线的疏密表示场强的大小，即可研究.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABC【解析】试题分析：小球的线速度变化需要一段时间，当细绳碰到钉子的瞬间，小球的线

8、速度不发生突变，所以A项正确；根据角速度与线速度的关系，线速度不变，圆周运动的半径变为原来的一半，角速度变为原来的2倍，所以B项正确；向心加速度公式，小球的向心加速度增大为原来的2倍，所以C项正确；根据牛顿第二定律得出，小球拉力等于，向心力变为原来的2倍，小球拉力不是原来的2倍，所以D项错误考点：本题考查了竖直面内的圆周运动8、AC【解析】B球受重力及A、C对B球的库仑力而受于平衡状态；则A与C球对B球的库仑力的合力应与重力大小相等，方向相反；而库仑力的方向只能沿两电荷的连线方向，故可知A对B的库仑力应指向A，C对B的作用力应指向B的左侧；则可知B、C都应带负电；故A正确、B错误；由受力分析图

9、可知，A对B的库仑力应为C对B库仑力的2倍，故C带电量应为A带电量的一半；同理分析C可知，B带电量也应为A带电量的一半，故B、C带电量应相同；故C正确，D错误；故选AC点睛：库仑定律考查一般都是结合共点力平衡进行的，因此解题的关键在于做出受力分析图，明确库仑力的方向；则可利用共点力的平衡条件进行解答9、BD【解析】磁感应强度B描述磁场强弱和方向的物理量，与放入磁场中的电流元无关，由磁场本身决定；【详解】磁感应强度B的定义式，是比值定义法，磁感应强度B与F、IL无关，由磁场本身决定，所以值是固定的，故AC错误，BD正确；【点睛】对于磁感应强度可采用类比的方法学习，将磁感应强度与电场强度比较，抓住

10、相似点进行理解和记忆；10、BD【解析】AB.物体A静止于地球赤道上随地球一起自转，卫星C为绕地球做圆周运动，它们绕地心运动的周期相同，角速度相等，根据线速度v=r，卫星C的线速度较大，故A错误，B正确；C. 卫星B与卫星C在运动过程中只受地球的万有引力，根据牛顿第二定律：在P点的加速度一定相同，故C错误；D.A、B绕地心运动的周期相同，等于地球的自转周期，B为绕地球做椭圆轨道运行的卫星，速度大小时刻在变化，不会始终在A的正上方，但可能在每天的某一时刻卫星B在A的正上方，故D正确。故选：BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.1

11、0.15 0.4 【解析】按打点先后顺序每5个点取1个计数点，所以相邻的计数点之间的时间间隔为T=0.1s纸带上相邻计数点的距离在增大，而且相邻计数点的距离之差不变，所以纸带做匀加速运动利用匀变速直线运动的推论得：用逐差法求得加速度12、BCD 66.5 等于 能 【解析】(1)1A摆球选择质量大一些，体积小一些的球，即密度大的球，故A正确，不符合题意B摆长等于摆线的长度加上摆球的半径，故B错误，符合题意C把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度（一般不超过10），由静止释放，故C错误，符合题意D摆球经过最低点开始计时，30次通过最低点，则有15次全振动，可知T=，故D错误，符合题意(2)2秒表的小

12、盘读数为60s，大盘读数为6.5s，则秒表读数为66.5s(3)34根据T=得，用细线的长度作为摆长，图线的斜率不变，即k=不变，则重力加速度的测量值等于真实值，根据图线与坐标轴的截距可以求出小球的半径，从而得出小球的直径四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1），（2）.【解析】解：（1）由受力分析可知：，（2）根据动能定理：在最低点：联立可以得到：14、【解析】试题分析：质点所受电场力的大小为f=qE 设质点质量为m，经过a点和b点时的速度大小分别为va和vb，由牛顿第二定律有设质点经过a点和b点时的动能分别为Eka和Ekb，有根据动能定理有： Ekb-Ek