辽宁省葫芦岛市锦化高中2023学年物理高二上期中学业质量监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、汽车发动机的额定功率为120kW，它在平直公路上行驶的最大速度可达那么汽车在以最大速度匀速行驶时所受的阻力是A6000NB2000NC4000ND8000N2、如图所示电路中，各

2、灯泡额定电压和额定功率分别是：A灯“10V 10W”，B灯“60V 60W”，C灯“40V 40W”，D灯“30V 30W”.在a、b两端加上电压后，四个灯都能发光。比较各灯泡消耗功率大小，以下说法正确的是（ ）APBPAPDPCBPBPDPAPCCPBPDPCPADPAPCPDPB3、用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表、，若把、分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是A图甲中的、的示数相同B图甲中的、的指针偏角相同C图乙中的、的示数和偏角都不同D图乙中的、的指针偏角相同4、国产歼15舰载机以65

3、m/s的速度降落在静止的“辽宁号”航母水平甲板上，机尾挂钩精准钩住阻拦索在阻拦索的拉力帮助下，经历2.5s速度减小为零若将上述运动视为匀减速直线运动，根据以上数据不能求出战斗机在甲板上运动的A位移B加速度C平均速度D受到的阻力5、一负电荷在电场中仅受电场力作用，从A点运动到B点，速度随时间变化的图象如图所示，tA、tB分别对应电荷在A、B两点的时刻，则下列说法中正确的是（ ）AA处的场强一定小于B处的场强BA处的电势一定低于B处的电势C电荷在A处的电势能一定小于在B处的电势能D从A到B的过程中，电场力对该电荷做正功6、下列说法正确的是（）A在电场中顺着电场线移动电荷，电场力做功，电荷电势能减少

4、B在电场中逆着电场线移动电荷，电场力做功，电荷电势能减少C在电场中顺着电场线移动正电荷，电场力做正功，电荷电势能减少D在电场中逆着电场线移动负电荷，电场力做负功，电荷电势能增加二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器。当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U现将R2的滑动触点向b端移动，下列说法正确的是A电表A1的示数I1减小B电表A2

5、的示数I2减小C电表V的示数U增大D电阻R3的电功率增大8、如图所示，一根长度为L的直导体棒中通以大小为I的电流，静止放在导轨上，垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B，B的方向与竖直方向成角下列说法中正确( )A导体棒受到磁场力大小为BILB导体棒对轨道压力大小为mgBILcosC导体棒受到导轨摩擦力为(mgBILsin)D导体棒受到导轨摩擦力为BILcos9、如图所示， 质量相同而电量不同的两个正电荷，从静止开始，经过同一加速电场后，垂直界面进入同一匀强磁场，最后分别打在a、b两点，不计粒子重力，由图可知（ ）A打在a点的粒子速度大B打在b点的粒子速度大Ca的电荷量大于b的电荷量Da、b在

6、磁场中运动的时间相同10、质量为m的物块甲以3 m/s的速度在光滑水平面上运动，有一轻弹簧固定其上，另一质量也为m的物块乙以4 m/s的速度与甲相向运动，如图所示，则（ ）A当两物块相距最近时，物块甲的速率0.5m/sB相互作用之后物块甲的速率可能达到4 .1m/sC甲、乙两物块在弹簧压缩过程中，由于弹力作用,动量不守恒D当物块甲的速率为1 m/s时，物块乙的速率可能为2 m/s，也可能为0三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）通过实验描绘：一个“2.5V，0.2W”小灯泡的伏安特性曲线，可供选择的仪器有A00.6A，电阻约为0.2

7、的电流表 B0100mA，电阻约为5的电流表C03V，电阻约为10K的电压表 D015V，电阻约为50K的电压表E. 最大电阻为20额定电流为1.0A的滑动变阻器F. 最大电阻为1K额定电流为0.1A的滑动变阻器G. 蓄电池6V、导线、电键（1）要求实验灯泡电压从零逐渐增大到额定电压。电压表应选_，电流表应选_，滑动变阻器选_.（均填写前面的字母序号）（2）画出电路图在下面方框内。（_）（3）按照电路开始实验，接通电路后闭合开关，通过移动变阻器的滑片，使小灯泡中的电流由零开始逐渐增大，直到小灯泡正常发光，由电流表和电压表得到的多组读数描绘出的IU图象可能是（_）A B C D （4）分析小灯泡

8、的IU曲线，可知小灯泡的电阻随电流I变大而_ (填“变大”、“变小”或“不变”)12（12分） (1)读出图中游标卡尺与螺旋测微器的读数，游标卡尺读数为_mm，螺旋测微器读数为_mm(2)要测量某电压表V1的内阻RV，其量程为2V，内阻约2k。实验室提供的器材有：电流表A，量程0.6A，内阻约为0.1；电压表V2，量程5V，内阻约为5 k；定值电阻R1，阻值为30；定值电阻R2，阻值为3k；滑动变阻器R3，最大阻值10，额定电流1.5A；电源E，电动势6V，内阻约0.5；开关S一个，导线若干。请从上述器材中选择必要的器材，设计一个测量电压表V1内阻RV的实验电路。要求测量尽量准确，试画出符合要

9、求的实验电路图，并标出所选元件的相应字母代号。（_）写出电压表V1内阻RV的表达式_，式中各符号的物理意义是_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）匀强电场中，将一电荷量为210-5C的负电荷由A点移到B点，其电势能增加了0.1J，已知A、B两点间距为2cm，两点连线与电场方向成60角，如图所示，问：（1）在电荷由A移到B的过程中，电场力做了多少功？（2）该匀强电场的电场强度为多大？14（16分）如图,在xOy平面的第一象限内有平行于y轴的有界匀强电场,方同沿y轴正方向；第四象限有一匀强电场一质量、电荷量的

10、带电粒子,从P点以初速度大小,垂直y轴方向射入电场中,粒子偏转后经过x轴上A点进入第四象限,并沿直线运动的最大距离,已知,不计粒子重力,求：(1)粒子的带电性质和粒子在第一象限的加速度大小；(2)粒子从A点运动到B点的时间；(3)第四象限的匀强电场大小和方向。15（12分）如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离

11、为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e求：（1）电子穿过A板时的速度大小；（2）电子从偏转电场射出时的竖直侧移量；（3）P点到O点的距离参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】汽车在平直公路上行驶，功率不变，当牵引力等于阻力时，速度最大，结合功率和最大速度求出阻力的大小；【详解】当牵引力等于阻力时，速度最大，此时，根据知，汽车所受的阻力，故A正确【点睛】解决本题的关键知道功率和牵引力、速度的关系，知道加速度为零时，速度最大2、A【解析】A灯的电阻：RA=UA2PA=(10V)

12、210W=10，B灯的电阻：RB=UB2PB=(60V)260W=60，C灯的电阻：RC=UC2PC=(40V)240W=40， D灯的电阻：RD=UD2PD=(30V)230W=30，设a到b回路的电流为1A，则IA=IB=1A；C、D两灯并联，UC=UD，即ICRC=(1-IC)RD，则有IC=RDRC+RD=3040+30A=37A，ID=1A-37A=47A，A灯消耗的功率为PA=IA2RA=(1A)210=10W，B灯消耗的功率为PB=IB2RB=(1A)260=60W，C灯消耗的功率为PC=IC2RC=(37A)2407.3W，D灯消耗的功率为PD=ID2RD=(47A)2309.

13、8W，所以PBPAPDPC，故A正确，B、C、D错误；故选A。【点睛】关键是知道串联电路和并联电路特点，以及电功率公式的灵活应用；会用特殊值法简化计算，难点是各灯泡之间串并联的辨别。3、B【解析】AB.图甲中的A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同，故A错误，B正确； CD.图乙中的A1、A2串联，A1、A2的示数相同，由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同，故CD错误4、D【解析】AC根据平均速度公式可得，位移：，所以能求出战斗机在甲板上运动的位移、平均速度，故AC不符合题意； BD根据加速度的定义式

14、，能求出战斗机在甲板上运动的加速度，因为不知道战斗机的质量，无法由牛顿第二定律求战斗机所受的阻力，故选项B不符合题意，选项D符合题意【点睛】本题主要考查了匀变速直线运动基本公式及牛顿第二定律的直接应用，熟练掌握加速度和平均速度公式5、C【解析】A、vt图象的斜率等于加速度，由vt图象看出，质点做加速度减小的减速运动，而质点在电场中仅受电场力作用，则知电场力减小，说明电场强度减小，即有A处的场强一定大于B处的场强故A错误；B、根据电荷的带负电，能判断电场线的方向，也就判断电势的高低从A至N电场力做负功，故可知，电场力方向与运动方向相反，因为是负电荷，故A处的电势一定高于B处的电势故B错误；C、质

15、点的动能减小，由能量守恒定律得知，其电势能一定增加，则有电荷在A处的电势能一定小于在B处的电势能故C正确D、电荷的动能减少，说明电场力做负功，故D错误综上所述本题答案是：C6、C【解析】顺着电场线移动正电荷，电场力做正功，电荷电势能减少；顺着电场线移动负电荷，电场力做负功，电荷电势能增加；逆着电场线移动正电荷，电场力做负功，电荷电势能增加；逆着电场线移动负电荷，电场力做正功，电荷电势能减少。不知移动电荷正、负，无法判断电场力做功正、负，AB错误；沿电场线移动正电荷，电场力做正功，电荷电势能一定减小， C正确；逆着电场线移动负电荷，电场力做正功，电荷电势能减少，D错误二、多项选择题：本题共4小题

16、，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】本题考查闭合电路中的动态分析问题【详解】将R2的滑动触点向b端移动过程中，电路中总电阻减小，主路电流则会增大，A因主路电流增大，电源内电压增大，R3的电压也会增大，则R1的电压会变小，I1的电流会减小，故A选项正确；B因主路电流增大而I1的电流会减小，则I2的电流会增大，故B选项错误；C电源内压增大，则路端电压会减小即电表V的示数U减小，故C选项错误；D电阻R3的电功率随主路电流的增大而增大，故D选项正确；综上所述，本题正确答案选AD。8、BD【解

17、析】试题分析：根据左手定则可得导体棒受力分析如图所示导体棒受到磁场力大小为F=BLI，选项A错误；根据共点力平衡规律得：BILsin+Fn=mg，得导体棒对轨道的压力大小为Fn=mgBILsin，选项B正确；由于导体棒受到的是静摩擦力，因而受到静摩擦力大小要运用力的平衡规律求解，即为Ff=BLIcos，选项C错误，选项D正确本题的答案为BD考点：安培力，受力分析9、AC【解析】根据带电粒子在电场中的加速由动能定理可求得进入磁场时的速度，再对磁场中根据向心力公式可求得半径表达式，从而明确电荷量之间的关系，再代入动能定理表达式即可求得速度大小；根据周期公式和转过的角度进行分析，从而明确时间关系【详

18、解】A. 经加速电场后，根据动能定理可得：Uq=mv2 (1)在磁场中根据牛顿第二定律可得：(2)联立解得：R=，由图可知，a的半径较小，而质量相同，则说明A的电荷较大；则由(1)式可知，打在a点的粒子速度较大，故AC正确，B错误；D. 由T=可知，两粒子周期不同，转过的圆心角相同，则可知，时间不同，故D错误。故选：AC.10、AD【解析】当两物块相距最近时速度相同，取碰撞前乙的速度方向为正方向，设共同速率为v，由动量守恒定律得： ，代入数据解得：v=0.5m/s，故A正确；若物块甲的速率达到4.1m/s，方向与原来相反，则： ，代入数据代入解得：v乙=-3.1m/s，两个物体的碰后动能之和增

19、大，违反了能量守恒定律；若物块甲的速率达到4.1m/s，方向与原来相同，根据动量定理可知，甲的速度不可能增大，综合分析可得故B错误 ；甲、乙两物块（包括弹簧）组成的系统在弹簧压缩过程中，系统所受的合外力为零，系统动量守恒，故C错误；甲、乙组成的系统动量守恒，若物块甲的速率为1m/s，方向与原来相同，由动量守恒定律得： ，代入数据解得：v乙=2m/s；若物块甲的速率为1m/s，方向与原来相反，由动量守恒定律得： ，代入数据解得：v乙=0，故D正确。所以AD正确，BC错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C B E C 变大 【解析】（

20、1）123灯泡额定电压为2.5V，电压表选C；灯泡额定电流：电流表应选择B；为方便实验操作滑动变阻器应选择E（2）4描绘灯泡伏安特性曲线电压表与电流表应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应选择外接法，实验电路图如图所示：（3）5灯泡电阻受温度影响，随温度升高而增大，随电压增大通过灯泡的电流变大，灯泡实际功率增大，灯泡温度升高，灯泡电阻变大，由图示可知，图C所示图象正确，故选C（4）6由于灯丝电阻率随温度升高而增大，灯泡电阻随温度升高而增大12、50.15 5.693(5.6915.695) 表示的电压，表示和串联的总电压； 【解析】(1)1游标卡尺的主尺读

21、数为50mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为30.05mm=0.15mm，所以最终读数为：50mm+0.15mm=50.15mm2螺旋测微器的固定刻度为5.5mm，可动刻度为19.30.01mm=0.193mm，所以最终读数为：5.5mm+0.193mm=5.693mm由于需要估读，最后的结果可以在5.6915.695mm之间；(2)32V的电压表的满偏电流：电流表的量程是0.6A，二者相差太大，所以不能使用电流表测量，要使用电压表，根据串联电阻的分压原理来测量；滑动变阻器的最大电阻是10，在电路中不能分担太大的电压，所以滑动变阻器要采用分压式接法；所以选择的器材有电压表、定值电阻、滑动变阻器、电源，开关、导线，电路原理图如图：45电压表与定值电阻上电压的和等于电压表的电压，根据串联电阻的分压关系得：解得：式中表示电压表的读数，表示和串联的总电压（或电压表的读数）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、