福建省闽侯县第六中学2023学年物理高二第一学期期中经典试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、如图所示，两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器，极板N与静电计相连，极板M与静电计的外壳均接地用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差U在两板相距一定距离d时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度在整个实验过程中，保持带电量Q不变，下面的操作中将使静电计指针张角变小的是（ ）A仅将M板向上平移B仅将M板向下平移C仅将M板向左平移D仅在M、N之间插入云母板（介电常数大于1）2、如图所示，把轻质导电线圈用绝缘细线悬挂在磁铁N极附近，磁铁的轴线穿过线圈的圆心且垂直于线圈平面，当线圈内通入图示方向的电流后，则线圈 A向左运动B向右运动C静止不动D无法确定3、某电场的电场线如图所示，

3、则某个点电荷在电场中的A和B两处所受电场力的大小关系是()AFAFBBFA q2，m1 m2Cq1 q2，m1m2Dq1 m29、A、B两带电小球，质量分别为mA、mB，用绝缘不可伸长的细线如图悬挂，静止时A、B两球处于相同高度若B对A及A对B的库仑力分别为FA、FB，则下列判断正确的是（）AmAmBB细线AC对A的拉力 C细线OC的拉力TC=（mA+mB）gD同时烧断AC、BC细线后，A、B在竖直方向的加速度相同10、对于水平放置的平行板电容器,下列说法正确的是（ ）A将两极板的间距加大,电容将增大B将两极板平行错开,使正对面积减小,电容将减小C在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于

4、极板间距的陶瓷板,电容将增大D在下板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的铝板,电容将增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）请读出以下测量仪器的示数，其中游标卡尺读数为_cm，螺旋测微器读数为_mm，多用电表挡位为直流电压挡50V时读数为_V，若用欧姆表100挡时的读数为_。12（12分）依次读出下面两图的读数（1）_mm (2)_cm四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，两竖直虚线间距为L，之间存在竖直向下的匀强电场自该

5、区域的A点将质量为m、电荷量分别为q和q(q0)的带电小球M、N先后以相同的初速度沿水平方向射出小球进入电场区域，并从该区域的右边界离开已知N离开电场时的位置与A点在同一高度；M刚离开电场时的动能为刚进入电场时动能的8倍不计空气阻力，重力加速度大小为g已知A点到左边界的距离也为L（1）求该电场的电场强度大小；（2）求小球射出的初速度大小；（3）要使小球M、N离开电场时的位置之间的距离不超过L，仅改变两小球的相同射出速度，求射出速度需满足的条件14（16分）如图所示，电源电动势E=10V，内阻r=0.6，定值电阻R1=4，R2=6，R3=17，求：（1）外电路的总电阻；（2）通过R3的电流；（3

6、）电源两端的电压15（12分）如图所示,a、b、c三点在匀强电场,其中ab沿电场线方向,bc相距sbc=10cm,bc和电场线方向成60角，一个电荷量为q=410-8C的正电荷,在a点时受到的电场力为F=410-6N，将该电荷从a点移到b点过程电场力做功为W=210-7J，求：(1)匀强电场的场强E；(2)b、c两点间的电势差Ubc；(3)规定b点的电势为零,求a点的电势。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】试题分析：电容器的M板通过大地与静电计的金属外壳连接，右边的N板与静电计指针相连，两板之间电压越高

7、，静电计的指针张角越大在电荷量不变时，张角变小即电压变小可判断电容变大，而平行板电容器电容，M板上移或者M板下移都是正对面积变小，电容C变小，电压升高静电计张角变大选项AB错M板向左平移，两板之间的距离变大，电容变小，电压升高静电计张角变大选项C错仅在M、N之间插入云母板（介电常数大于1）而空气的介电常数等于1即电容C变大，电压降低静电计张角变小，选项D对考点：平行板电容器2、A【解析】根据右手螺旋定则，环形电流可以等效为小磁针，小磁针的N极指向右，根据异性相吸，知线圈向左运动，故A正确，BCD错误3、A【解析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度

8、大，电场线疏的地方电场的强度小。【详解】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，由图可知，A点的电场线密，所以A点的电场强度大，电荷在a点受到的电场力大，所以FAFB，所以A正确。故选：A。【点睛】加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，知道电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小即可解决本题。4、C【解析】由图可知，力和位移的夹角为，故拉力做的功故C正确，ABD错误。故选C。5、C【解析】用多用表测量电阻时，流经多用表的电流由内电路提供，红表笔与内部电源的负极相连；用多用电表测电压时，电流由外部电源提供，总之无论是测电压U、电流I还是测电阻R，电流都是从红表笔流

9、入多用电表，从黑表笔流出多用电流表。故选C。6、A【解析】取0时，下面两圆柱之间将会分开，无法稳定，应适当增大以保持系统稳定，此时下面两圆柱之间有弹力；当下面两圆柱之间的弹力恰好为0时，对应的为最小值；继续增大，右圆柱和上圆柱之间弹力减小，若太大，此两圆柱将分开，临界情况为取30时，左边两圆柱的圆心连线在竖直方向上，保证上圆柱只受到两个力的作用恰好处于平衡状态，此时与右圆柱间相互接触且无弹力，故A正确，BCD错误，故选A.【点睛】本题是以三个圆柱形积木在“”型光滑木板上处于平衡状态为情境，主要考查共点力的平衡等知识侧重考查推理能力，要求考生深刻理解共点力的平衡条件，运用特殊值法解决实际问题.二

10、、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】AB.设点电荷q在x处所受的电场力为F，在点电荷在运动的过程中，电场力F做正功，点电荷的电势能减少，动能增加；在xx+x内，x极小，点电荷q动能增加量为Ek，根据动能定理得Fx=Ek，则F=，由于在点电荷在运动的过程中，电场力F逐渐减小，所以Ek-x图象的斜率逐渐减小，故A错误，B正确；CD.根据能量守恒定律知，Ek+Ep=0，则得 Ep=-Ek，则知Ep-x图象的斜率也应逐渐减小，故C错误，D正确。8、AC【解析】题中电

11、荷电量可能不同，也可能相同，但各自所受的电场力大小却相同，方向相反。由于它们与竖直线所成的角度均为，且两球同处一水平线上，所以根据共点力平衡条件可确定，它们的质量一定相等。A. q1q2，m1m2与计算相符，故A正确。B. q1 q2，m1 m2与计算不符，故B错误。C. q1 q2，m1m2与计算相符，故C正确。D. q1 m2与计算不符，故D错误。9、CD【解析】设两个球间的静电力为F，分别对两个球受力分析，求解重力表达式后比较质量大小；根据整体法来确定细线的拉力，并由牛顿第二定律则可判定细线烧断后各自的运动情况【详解】对小球A受力分析，受重力、静电力、拉力，如图根据平衡条件，则有，两球间

12、的库仑力是作用力与反作用力，一定相等，则F= mAgtan300= mBgtan600，则mA=3mB，选项A错误；由mAg=TAcos30 因此：TA=mAg，故B错误； 由整体法可知，细线的拉力等于两球的重力，故C正确；同时烧断AC、BC细线后，A、B在竖直方向重力不变，所以加速度相同，故D正确；故选CD10、BCD【解析】影响平行板电容器电容大小的因素有：随正对面积的增大而增大；随两极板间距离的增大而减小；在两极板间放入电介质，电容增大，则可知A错误，B、C正确；在下极板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的铝板，实际上是减小了平行板的间距，电容增大，D正确三、实验题：本题共

13、2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.140 4.713 30.0 1000 【解析】根据游标卡尺读数规则，游标卡尺主尺读数为1.1 cm，游标尺第8个刻度线与主尺刻度线对齐，20分度游标尺精度为0.05 mm，游标尺读数为80.05 mm0.40 mm，故测量值为1.1 cm+0.40 mm1.140 cm。根据螺旋测微器读数规则，读数为4.5 mm+0.213 mm4.713 mm。多用电表挡位为直流电压挡时，按照中间的刻度盘刻度读数，为30.0V；若用欧姆表100挡时读数为101001000。12、 3.700 10.155【解析】螺旋测微器的固

14、定刻度为3.5mm，可动刻度为20.00.01mm=0.200mm，所以最终读数为3.5mm+0.200mm=3.700mm；游标卡尺的主尺读数为101mm，游标尺上第11个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为110.05mm=0.55mm，所以最终读数为101mm+0.55mm=101.55mm=10.155cm四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）（3）【解析】小球运动过程只受重力和电场力作用，故小球在水平方向做匀速运动，那么，小球在电场区域内外的运动时间t相同；在电场区域外，小球在竖直方向做加速

15、度为g的匀加速运动，故小球进入电场时的竖直分速度为；（1）N离开电场时的位置与A点在同一高度，即竖直位移为零；设N在电场内的加速度为a，则有：，所以，方向竖直向上；故由牛顿第二定律可得，所以电场的电场强度；（2）M在电场中的加速度，方向竖直向下；故M刚离开电场时的竖直分速度；又有小球在水平方向做匀速运动，设小球射出的初速度为v0，则有：；故由M刚离开电场时的动能为刚进入电场时动能的8倍可得：；所以，所以，所以；（3）M、N进入电场前的运动一致，那么，M、N离开电场时的位置之间的距离，故；又有，所以；【点睛】带电粒子在电场中的运动，综合了静电场和力学的知识，分析方法和力学的分析方法基本相同先分析

16、受力情况再分析运动状态和运动过程（平衡、加速、减速，直 线或曲线），然后选用恰当的规律解题解决这类问题的基本方法有两种，第一种利用力和运动的观点，选用牛顿第二定律和运动学公式求解；第二种利用能量转化 的观点，选用动能定理和功能关系求解14、（1）19.4；（2）0.5A；（3）9.7V【解析】（1）R1和R2的并联电阻R12=2.4，故外电路总电阻R=R3+R12=17+2.4=19.4；(2)根据闭合电路欧姆定律，通过R3的电流等于干路电流I=A=0.5A；(3)路端电压U=IR=0.519.4V=9.7V【点睛】根据电路串并联关系求总电阻；根据闭合电路欧姆定律欧姆定律求通过R3电流；根据U=IR求路端电压15、（1）100V/m（2）5V（3）5V【解析】（1）根据电场力做功公式F=qE求解电场强度；（2）根据U=Ed求解b、c两点间的电势差Ubc；（3）根据W=qU求出a、b两