2023学年四川省成都市外国语学校高二物理第一学期期中质量检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一石块从枯井口自由下落，经过3 s到达井底，忽略空气阻力，则井深约为（）（g取10m/s2）A10 mB15 mC30 mD45 m2、随着信息技术的发展,我们可以用磁传感器把磁感应强度变成电信号,通过计算机对磁场进行研究图中磁传感器探头对磁场很敏感,输出的电信号从右端经过电缆和接口装置进入计算机现用磁传感器探测通电螺线管轴线上的磁感应强度,将探头从螺线管右端沿轴线向左端移动时,测得磁感应强度B的大小随位置x的变化关系,下面最符合实际情况的图是()ABCD3、两只电压表V1和V

3、2是由完全相同的电流表改装而成的，V2的量程为5V，V1的量程为15V，为了测量1520V的电压，把V1 、V2串联起来使用，在这种情况下 （ ）AV1和V2两表指针偏转角相等BV1和V2读数相等CV1和V2的读数之比不等于电压表的内阻之比DV1和V2的指针偏转角度之比等于两个电压表的内阻之比4、如图，一带正电的点电荷固定于O点，两虚线圆均以O为圆心，两实线分别为带电粒子M和N先后在电场中运动的轨迹，a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点，不计重力。下列说法错误的是（）AM带负电荷，N带正电荷BM在b点的动能小于它在a点的动能CN在d点的电势能等于它在e点的电势能DN在从c点运动到d点的过程中

4、克服电场力做负功5、对公式的理解，下列说法正确的是（）A此公式为比值定义式，故适用于计算任何电场中a、b两点间的电势差B同一个电场中a点和b点距离越大，则这两点的电势差越大C公式中d是指a点和b点之间的直线距离D公式中的d是a、b两个等势面间的垂直距离6、真空中两个静止的点电荷，相距为r时相互作用的库仑力大小为F，现不改变它们的电荷量，使它们之间的距离为3r，则库仑力大小变为（）AFBFC3FD9F二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在真空中，把一个绝缘导体

5、向带负电的球P慢慢靠近，关于绝缘导体两端的电荷，下列说法中正确的是（ ）A两端的感应电荷越来越多B两端的感应电荷是同种电荷C两端的感应电荷是异种电荷D两端的感应电荷电荷量相等8、两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成一平行板电容器，与它相连接的电路如图所示接通开关S，电源即给电容器充电则 A保持S接通，减小两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减小B保持S接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的电荷量增大C断开S，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小D断开S，在两极板间插入一块介质，则两极板间的电势差增大9、物体在力、的共同作用下处于平衡状态，若突然撤去外力，则物体的运动情况可

6、能是A匀加速直线运动B匀减速直线运动C匀速直线运动D匀变速曲线运动10、封闭在汽缸内一定质量的理想气体由状态A变到状态D，其体积V与热力学温度T的关系如图所示，由状态A变到状态D过程中（） A气体从外界吸收热量，内能增加B气体体积增大，单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数减少C气体温度升高，每个气体分子的动能都会增大D气体的密度不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学在测定匀变速直线运动的加速度时，得到了几条较为理想的纸带，他已在每条纸带上按每1个点取好一个计数点，即两计数点之间的时间间隔为0.1s，依次打点先后为0，1，2

7、，3，4，1由于不小心，几条纸带都被撕断了，如下图所示，请根据给出的A、B、C、D四段纸带回答：（1）从BCD三段纸带中选出从纸带A上撕下的那段应该是_（2）打A纸带时，物体的加速度大小是 _m/s212（12分）（1）小红同学在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验调节滑动变阻器得到了电流表与电压表的实数如图中的、所示，电流表量程为0.6A，电压表量程为3V，所示读数为：_A_V，得到的电阻为_ （2）某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，得到了如图丙所示的U-I图象，干电池的电动势E=_V，内电阻r=_ （计算结果均保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指

8、定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在一倾角为的光滑绝缘斜面上方，有平行于斜面向上的匀强电场，虚线MN为电场的上边界，场强大小EV/m，MN上方有一长为L0.5 m的轻质绝缘杆，杆的上下两端分别固定一个小球A、B(可看成质点)，质量均为m0.01 kg，A不带电，B带电荷量q2C，B到MN的距离d0.4 m现将A、B两球由静止释放(g取10 m/s2)，求：(1)小球B在匀强电场中，而A还未进入电场时，两小球的加速度大小；(2)从开始运动到A刚要进入匀强电场过程的时间14（16分）在一根长l=5m，横截面积S=3.510-4m2的铜质导线两端加2.510-3V电

9、压己知铜的电阻率=1.7510-8m，则该导线中的电流多大？每秒通过导线某一横截面的电子数为多少？15（12分）在如图所示的电路中，两平行正对金属板A、B水平放置，两板间的距离d=4.0cm。电源电动势E=400V，内电阻r=20，电阻R1=1980。闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球（可视为质点）从B板上的小孔以初速度v0=1.0m/s竖直向上射入两板间，小球恰好能到达A板。若小球所带电荷量q=1.010-7C，质量m=2.010-4kg，不考虑空气阻力，忽略射入小球对电路的影响，取g=10m/s2。求：（1）A、B两金属板间的电压的大小U；（2）滑动变阻器消耗的电功率P滑；（3）电

10、源的效率；（4）电源的最大输出功率。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】石块做自由落体运动，根据公式hgt2，下落总时间3秒，则井深为：h=45m，故ABC错误，D正确；故选D。2、B【解析】通电螺线管的磁场分布相当于条形磁铁，内部磁感线的分布均匀，是匀强磁场，管口磁感线较管内磁感线稀疏，磁感应强度较小.A.图象A与分析结果不相符；故A项错误.B.图象B与分析结果相符；故B项正确. C.图象C与分析结果不相符；故C项错误. D.图象D与分析结果不相符；故D项错误.3、A【解析】A项：两电压表串联，流过两表

11、头的电流相等，则两电压表指针偏转角度相等，故A正确；B项：两电压表串联，流过它们的电流相等而电压表内阻不同，电压表两端电压不同，电压表示数不同，故B错误；C项：通过两电压表的电流相同，由欧姆定律可知，V1和V2的读数之比等于电压表的内阻之比，故C错误；D项:由于串联电流相等，故表头偏转角度相同，V1和V2的指针偏转角度之比与电压表内阻无关，故D错误；综上所述：本题答案选A 4、D【解析】A由粒子运动轨迹可知，M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，由于O点的电荷带正电，所以M带负电荷，N带正电荷，选项A正确；BM从a到b点，库仑力做负功，根据动能定理可知M的动能减小，所以M在b点的动能小于它在a点

12、的动能，选项B正确；Cd点和e点处在同一等势面上，则N在d点的电势能等于它在e点的电势能，选项C正确；DN受到排斥力，在从c点运动到d点的过程中库仑斥力做正功，选项D错误。本题选错误的，故选D。5、D【解析】试题分析：公式Uab=Ed中，E只有是定值才能求解电势差或场强，所以可知此公式只适用于匀强电场故A错误在同一匀强电场中，公式U=Ed中，d是两点间沿电场线方向的距离，所以只有当两点间沿场强方向的距离越大时，两点间电势差也越大，而不是任意两点间的距离越大，两点间电势差也越大故B、C错误由于电场线与等势垂直，两点间沿电场线方向的距离等于a、b所在两个等势面的距离，故D正确故选D考点：电场强度【

13、名师点睛】对于物理公式要准确理解，抓住两个方面是关键：一要理解公式适用的条件，二要理解各个量的准确含义6、B【解析】根据库仑定律，距离为r是的静电力为：F=k；当距离为3r时，静电力为：，故选B二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】绝缘导体在外加电场下保持静电平衡，靠近带电体时外加场强增大，感应电荷增多；绝缘导体原来不带电，绝缘导体两端的感应电荷为等量异种电荷。故B项错误，ACD三项正确。8、BC【解析】A保持S接通，则两板间的电势差不变，因d减小，由可知

14、，两极板间的电场强度增大，故A错误；B保持S接通，两板间的电势差不变，板间插入一介质，由可知，电容增大，根据电容定义式知极板上的电荷量增大，故B正确；C断开S，减小两极板间的距离，由可知，电容增大，由于电荷量不变，由可知，两极板间的电势差减小，故C正确；D断开S，在两极板间插入一块介质，由可知，电容增大，由于电荷量不变，由可知，两极板间的电势差减小，故D错误9、ABD【解析】撤去，其余力的合力与等值、反向、共线，与速度方向不共线时，物体做匀变速曲线运动，共线时做匀变速直线运动，即可能是匀加速直线或匀减速直线，故ABD正确，C错误10、AB【解析】气体由状态A变到状态D过程中，温度升高，内能增大

15、；体积增大，气体对外做功，由热力学第一定律分析得知，气体从外界吸收热量故A正确由图看出气体的体积增大，分子总数不变、体积增大时分子密集程度减小，单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数减少，故B正确气体温度升高，分子的平均动能增大，但不是每个气体分子的动能都会增大故C错误气体的质量一定，体积增大，则密度减小故D错误故选AB点睛；此题关键是要先搞清图像的物理意义；会根据热力学第一定律分析吸放热情况温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子的平均动能增大 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C 0.6 【解析】(1)根据匀变速直线运动的特点(相邻

16、的时间间隔位移之差相等)得出：所以属于纸带A的是C图(2)根据运动学公式得：12、（1）0.10； 2.00； 20.0； （2）1.5； 1.0； 【解析】（1）电流表的量程为0.6A，最小刻度为0.02A，故在读数时只估读到最小刻度位即可，故分别为0.10A电压表的量程为3V，最小刻度为0.1V，故在读数时需估读到最小刻度的下一位，故分别为2.00V（2）在U-I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，可知电动势E=1.5V，斜率表示内阻，可知内阻：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)10m/s2(2) 0

17、.6 s【解析】(1)以A、B球以及杆整体做研究对象，由牛顿第二定律：2mgsin30q2E 2ma解得：a10m/s2(2)B未进入电场前，设系统的加速度为a1，时间为t1，由牛顿第二定律有解得t10.4 sB球进入电场瞬间的速度为从B球进入电场至A球刚要进入电场，设这段时间为t2，由运动学公式解得t20.2 s从开始运动，至A球刚要进入电场的时间为tt1t20.6 s.14、10A,6.25x1019【解析】根据R=LS，所以R=1.7510-853.510-4=2.510-4又因为I=U/R,所以I=2510-3V2.510-4=10A又因为：q=It=10C所以每秒通过导线某一横截面的电子数为n=qe=101.610-19=6.251019个思路分析：根据电阻定律求解电阻，根据欧姆定律求解电流，再利用电流的定义式求解电量进而求出电子数试题点评：考查电阻定律和欧姆定律的综合应用15、（1）200V（2）20W；（3）99.5；（4）P=79.2W【解析】试题分析：（1）小球从B板上的小孔射入恰好到达A板的过程中，在电场力和重力的作用下做匀减速直线运动，设A、B两极板间电压为U，根据动能定理有-qU-mgd=0-mv02解得U=2