2023学年江西省南康市南康中学物理高二第一学期期中监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下面有关静电现象的解释，说法错误的是（ ）A接触起电的实质是一个物体的电子转移到另一个物体上B静电感应不是创造

2、电荷，只是电荷从物体的一部分转移到另一部分C摩擦起电时，一个物体失去电子而带正电，另一个物体得到电子而带负电D摩擦起电是在摩擦的过程中分别创造了正电荷与负电荷2、如图所示，匀强磁场的方向垂直纸面向里，一带电微粒从磁场边界d点垂直于磁场方向射入，沿曲线dpa打到屏MN上的a点，通过pa段用时为t.若该微粒经过P点时，与一个静止的不带电微粒碰撞并结合为一个新微粒，最终打到屏MN上若两个微粒所受重力均忽略,则新微粒运动的 ( )A轨迹为pb,至屏幕的时间将小于tB轨迹为pc,至屏幕的时间将大于tC轨迹为pa，至屏幕的时间将大于tD轨迹为pb,至屏幕的时间将等于t3、下表为某电热水壶铭牌上的一部分内容

3、. 根据表中的信息，可计算出电热水壶在额定电压下以额定功率工作时的电流约为型 号DF-938额定功率900 W额定电压220 V额定容量1.2 LA6.8 AB4.1 AC1.2 AD0.24 A4、如图所示，两个固定的等量异种电荷，在它们连线的垂直平分线上有、三点，取无穷远处电势为零，则( )A、两点间电势差为零B、两点场强相同C点场强和电势均为零D带电粒子(不计重力)在点无初速度释放,则它将在、连线上运动5、电子产品制作车间里常常使用电烙铁焊接电阻器和电容器等零件，技术工人常将电烙铁和一个灯泡串联使用，灯泡还和一只开关并联，然后再接到市电上（如图所示），下列说法正确的是（ ）A开关接通时比

4、开关断开时消耗的总电功率大B开关接通时，灯泡熄灭，只有电烙铁通电，可使消耗的电功率减小C开关断开时，灯泡发光，电烙铁也通电，消耗的总功率增大，但电烙铁发热较少D开关断开时，灯泡发光，可供在焊接时照明使用，消耗的总功率不变6、图甲所示的电路中，电流表指针指满刻度，电流表指针指满刻度的处；图乙中，指针指满刻度，指针指满刻度的处已知的内阻为，则的内阻为( )ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在水平向右的匀强电场E中，小车以加速度a向右做匀加速直线运动，质量分别为m

5、1、m2，电荷量分别为+q1、+q2的小球G、H通过不可伸长的轻绳悬挂于车顶O点，当G、H相对小车静止时，下列情况可能出现的是(不计G、H间的相互作用)()ABCD8、下列说法中不正确的是（）A电阻A与阻值无穷大的电阻B并联,电阻不变B电阻A与导线(不计电阻)并联,总电阻为零C并联电路中任一支路的电阻都大于总电阻D并联电路某一支路开路,总电阻为无穷大9、如图所示，电阻R1=20，电动机线圈的电阻R2=10，当开关断开时，电流表的示数是0.5A，当开关闭合后，电动机转动起来，电路两端的电压不变，电流表的示数I和电路消耗的电功率P应是（ ）ABCD10、如图所示，在真空中固定两个等量异号点电荷+Q

6、和-Q,图中O点为两点电荷连线 的中点，P点为连线上靠近-Q的一点，MN为过O点的一条线段，M点与N点关于O点对称.下列说法中正确的是（）A同一个试探电荷在M、N两点所受的电场力相同BM、N两点的电势相同C将带正电的试探电荷从M点沿直线移到N点的过程中 电荷的电势能先增大后减小D只将-Q移到P点，其他点在空间的位置不变，则O点的电势降低三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）测量“水果电池”的电动势和内电阻：将一铜片和一锌片分别插入一只苹果内，就构成了简单的“水果电池”，其电动势约15V，可是这种电池并不能点亮额定电压为15V，额定电

7、流为23A的手电筒上的小灯泡原因是流过小灯泡的电流太小了，经实验测得还不足3mA现用量程合适的电压表、电流表以及滑动变阻器、开关、导线等实验器材尽量精确地测定“水果电池”的电动势和内电阻（1）若给出的滑动变阻器有两种规格：A（232）B（232k）本实验中应该选用哪种规格的滑动变阻器？答： （2）在实验中根据电压表的示数U与电流表的示数I的值，经描点、连线得到UI图象，如图所示，根据图中所给数据，则“水果电池”的电动势的内电阻分别为E= V；r= 12（12分）有一个小灯泡上标有“2. 5V，0. 6W”的字样，现要描绘并研究其伏安特性曲线，有下列器材可供选用：A电压表（03V，内阻约3k）

8、B电流表（00. 6A，内阻约0. 2）C滑动变阻器（10，1A） D滑动变阻器（1000，0. 3A）E. 直流电源，另有开关一个、导线若干。（1）实验中滑动变阻器应选_（只填器材的字母代号）。（2）某同学已连接如图所示的电路，已知各元件均无故障，但在合上开关后，无论如何调节滑片P，电压表和电流表的示数总是不能调为零，其原因是_（请填写图中的字母，如ne）导线没有接好。电路中还有一个连接不当之处，请提出改进方案：_。（3）利用正确实验方案测得的实验数据，在I-U坐标系中描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图所示，则小灯泡的电阻值随工作电压的增大而_（填“不变”、“增大”或“减小”）。若把该灯泡接到一

9、个电动势为3.0V、内阻为10的直流电源时，小灯泡消耗的实际功率约为_W。（结果保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一端封闭的、粗细均匀的细玻璃管开口向上竖直放置，管内用长的水银柱封闭了一段长的空气柱a，水银柱上表面距玻璃管开口端，现用带手柄的活塞（厚度不计）从开口端缓慢下压，水银柱下移（图中未画出），已知大气压，活塞与玻璃管气密性好且摩擦不计，环境温度保持不变，求：(1)末状态空气柱a的压强；(2)活塞从管口下移的距离。14（16分）如图所示，在坐标系xOy的第一象限内斜线OC的上方存在

10、垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，第四象限内存在磁感应强度大小未知、方向垂直纸面向里的匀强磁场，第三象限内存在沿y轴负方向的匀强电场，在x轴负半轴上有一接收屏GD，GD2ODd，现有一带电粒子(不计重力)从y轴上的A点，以初速度v0水平向右垂直射入匀强磁场，恰好垂直OC射出，并从x轴上的P点(未画出)进入第四象限内的匀强磁场，粒子经磁场偏转后又垂直y轴进入匀强电场并被接收屏接收，已知OC与x轴的夹角为37，OA，求： (1)粒子的电性及比荷；(2)第四象限内匀强磁场的磁感应强度B的大小；(3)第三象限内匀强电场的电场强度E的大小范围。15（12分）一个质量为50kg的运动员进行蹦床运动表

11、演，从离水平网面3.2m高处自由下落，着网后沿竖直方向蹦回到离水平网面5.0m高处。已知运动员与网接触的时间为0.5s，取10 m/s2。（1）求运动员从开始下落到与网接触前，重力的冲量；（2）求运动员从接触网到离开网，网对运动员的平均作用力大小。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】摩擦起电是在摩擦的过程中实质是一个物体的电子转移到另一个物体上，D错；2、C【解析】试题分析：由动量守恒定律可得出粒子碰撞后的总动量不变，由洛仑兹力与向心力的关系可得出半径表达式，可判断出碰后的轨迹是否变化；再由周期变化可得出

12、时间的变化带电粒子和不带电粒子相碰，遵守动量守恒，故总动量不变，总电量也保持不变，由，得：，P、q都不变，可知粒子碰撞前后的轨迹半径r不变，故轨迹应为pa，因周期可知，因m增大，故粒子运动的周期增大，因所对应的弧线不变，圆心角不变，故pa所用的时间将大于t，C正确；【点睛】带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式，周期公式，运动时间公式，知道粒子在磁场中运动半径和速度有关，运动周期和速度无关，画轨迹，定圆心，找半径，结合几何知识分析解题，3、B【解析】热水壶正常工作时的电流I=PU=1500220A6.8A；故选A4、A【解析】两个等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线，

13、电场强度方向与等势面方向垂直；根据矢量的叠加原则，判断各点电场强度的大小；根据带电粒子的受力情况，分析带电粒子的运动情况【详解】A. 两个等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线，所以a、b两点的电势相等，两点间电势差为零，故A正确；B. 根据矢量的叠加原则，等量异种电荷连线的中垂线上，从c点到无穷远，电场强度逐渐减小到零，所以a、b两点电场强度大小不相等，故B错误；C.两点电荷在c点产生的电场强度方向一致，根据矢量的叠加原则，c点场强不为零，故C错误；D. 根据矢量的叠加原则，a点场强方向向右，带电粒子(不计重力)在点受力沿水平方向，无初速度释放时，不可能则在、连线上运动，故D错误。故选：A5、

14、A【解析】开关接通时，灯泡发生短路，电阻小于开关断开时的电阻，有公式可知，开关接通时比开关断开时消耗的总功率大，故A正确；开关接通时，电灯熄灭，只有电烙铁通电，电路中电阻减小，有公式可知，消耗的功率增大；故B错误；开关断开时，电灯发光，电烙铁也通电，消耗的总功率减小，且电烙铁发热较少，故C错误；开关断开时，灯泡串联在电路中，电灯发光，总电阻增大，可供在焊接时照明使用，消耗总功率减小，故D错误；故选A6、A【解析】设电流表A1、A2满偏电流分别为I1、I2；由题意知，当电流表串联时I1=I2当电流表并联时：电源的电压为U=I2R2=I1R1由于R1=0.45将式代入解得：R2=0.1故选A。二、

15、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】AD先对两个球整体分析，受重力、电场力和细线的拉力，如图所示：如果加速度大于，设上面的细线与竖直方向的夹角为，根据牛顿第二定律，有：竖直方向： 水平方向： 解得：再对小球G受力分析，如图所示：设下面的细线与竖直方向的夹角为，根据牛顿第二定律，有：竖直方向： 水平方向： 解得：由于，两个正分数的分子分母同时分别相加后得到的新分数介于原来两个分数中间，故故tantan故故A正确，D错误；BC如果加速度小于，则上面的细线向右偏转；

16、设上面的细线与竖直方向的夹角为，根据牛顿第二定律，有：竖直方向： 水平方向： 解得：再对小球G受力分析，如图所示：设下面的细线与竖直方向的夹角为，根据牛顿第二定律，有：竖直方向：水平方向： 解得：由于故故tantan故故B错误，C正确；8、CD【解析】A若电阻与一无穷大的电阻并联，则总电阻近似等于A的阻值；故A与题意不相符；B电阻与导线并联时，导线电阻为零，则电阻被短路，总电阻为零；故B与题意不相符；C并联电路中，并联的电阻越多，则总电阻越小；总电阻一定小于任一支路中的电阻，故C与题意相符；D并联电路中某一支路开路时，总电阻变大，但绝不会为无穷大；故D与题意相符。9、BD【解析】当电键S断开时

17、，由欧姆定律得，U=I1R1=10V，当电键S闭合后，通过R1的电流仍为0.5A，电动机的电流I2，故电流表的电流I=I1+I21.5A，电路中电功率P=UI15W。故AC错误，BD正确。故选：BD10、AD【解析】A等量异种点电荷的电场的分布具有一定的对称性，如图：由图可得M、N两点的电场强度相同，F=Eq，电场力相同，故A正确；B画出过M、N的等势面，如图所示：电场线从电势高的等势面指向电势低的等势面，故M点的电势大于N点的电势，故B错误；C将带正电的试探电荷从M点沿直线移到N点的过程中，电场力一直做正功，故电势能一直减小，故C错误；D等量异种点电荷的连线中垂线是一条等势线，故O点的电势为

18、零；只将-Q移到P点，其它点在空间的位置不变，此时两个电荷连线的中点在O点的左侧，故O点的电势变为负值，故O点的电势降低，故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）B；（2）152；522【解析】试题分析：（1）电源的内阻大约，若选用232的滑动变阻器，移动滑片，电流基本不变，因此滑动变阻器应选B：R2（阻值23k）（2）由图示电源UI图线可知，图象与纵轴截距为152，则电源电动势：E=152V；电池内阻：；考点：测定电源的电动势和内阻名师点睛：此题考查了测定电源的电动势和内阻的试验；关键是搞清试验的原理及处理数据的方法，知道实验误差的来源，会从UI图线中获取电源的电动势和内电阻12、C ck 导线gh的g端应接在a或m处 增大 0.22（0.20-0.24） 【解析】（1）1测伏安特性曲线电压与电流应从零计，滑动变阻器应用分压接法，应选阻值较小的，便于调节，故选C。（2）23闭合开关S后，无论如何调节滑片P，电压表和电流表的示数总是调不到零，可能是ck导线没有接好，