2023学年广东省潮州市名校物理高二第一学期期中调研试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，虚线表示某电场的等势面，一带电粒子仅在电场力作用下由A运动到B的径迹如图中实线所示，粒子在A、B点的加速度分别为aA、aB，电势能分别为EA、EB，下列判断正确的是（）

2、AaAaB，EAEBBaAaB，EAEBCaAaB，EAEBDaAaB，EAEB2、如图所示为汽车中用于改变车速的排挡。保持发动机功率一定，手推变速杆到达不同挡位，可获得不同的运动速度，从15逐挡速度增大，R是倒车挡，若要以最大牵引力上坡，变速杆应推至哪一挡A1挡B2挡C4挡D5挡3、如图所示的螺线管正上方放置一小磁针，当闭合开关S后，小磁针的指向如图所示，其中黑色的那一端为小磁针的N极，下列判断正确的是 A电源左端为正、右端为负，线圈左端为N极，右端为S极 B电源左端为负、右端为正，线圈左端为N极，右端为S极 C电源左端为负、右端为正，线圈左端为S极，右端为N极 D电源左端为正、右端为负，线

3、圈左端为S极，右端为N极 4、在如图各种电场中，A、B两点电场强度相等的是（）ABCD5、通过电阻R的电流强度为I时，在t时间内产生的热量为Q，若电阻为2R，电流强度为，则在时间t内产生的热量为（）A4QB2QCD6、如图所示，两平行金属板竖直放置，板上A、B两孔正好水平相对，板间电压500 V。一个动能为400 eV的电子从A孔沿垂直板方向射入电场中，经过一段时间电子离开电场，若不考虑重力的影响，则电子离开电场时的动能大小为( )A900 eVB500 eVC400 eVD-100 eV二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

4、全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示为测量未知电阻Rx的部分电路，当开关S合在a点时，电压表示数为8V，电流示数为0.2A； 当开关S合在b点时，电压表示数为9V，电流表示数为0.15A，则（ ）A电流表示数相对变化显著B电压表示数相对变化显著C开关S接在b点时的测量值更准确D开关S接在a点时的测量值更准确8、电源电动势为E，内阻为r，向可变电阻R供电，关于路端电压说法正确的是()A因为电源电动势不变，所以路端电压也不变B因为UIR，所以当I增大时，路端电压也增大C因为UEIr，所以当I增大时，路端电压下降D若外电路断开，则路端电压等于电动势9、如图所示，虚线 a

5、 、b 、c 代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即Uab=Ubc,实线为一带负电的离子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹， P、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知 A三个等势面中， b的电势最低B带电离子通过P点时的电势能较大C带电离子通过P点时的动能较大D带电离子通过P点时的加速度较大10、直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的（ ）A总功率一定减小B效率一定增大C内部损耗功率一定减小D输出功率一定先增大后减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某直流电动机M转动时的U-I图象如图甲所示，该

6、同学利用图乙的实验电路研究电动机的转动情况，电路中使用恒压电源，R115，R2是滑动变阻器，电流表A是理想电流表，实验操作步骤如下：(1)闭合开关S2前，调节滑动变阻器，使其滑动触头应在_端(选填“左”或“右”)(2)先闭合开关S1，开关S2保持断开，此时电流表的示数为0.6A，则恒压电源输出电压为_V(3)再闭合开关S2，然后缓慢调节滑动变阻器使电动机恰好转动起来，此时电流表的示数为1.8A，直流电动机M实际消耗的电功率为_W，滑动变阻器接入电路中的阻值为_(以上均取两位有效数值)12（12分）一实验小组准备探究某种元件Q的伏安特性曲线（结果如图丙），他们设计了如图甲所示的电路图请回答下列问

7、题：（1）请将图乙中的实物连线按电路图补充完整_（2）在电路图中闭合开关S，电流表、电压表均有示数，但无论怎样移动变阻器滑动片，总不能使电压表的示数调为零原因可能是图中的_（选填a、b、c、d、e、f）处接触不良（3）测得元件Q的伏安特性曲线如图丙所示，则下列说法中正确的是_A加0.8 V电压时，导体的电阻约是16 B加1.6 V电压时，导体的电阻约是4 C由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断减小四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一竖直悬挂的弹簧振子，下端

8、装有一记录笔，在竖直面内放置有一记录纸，当振子上下振动时，始终保证以速率v水平向左匀速拉动记录纸，通过纸移动的空间距离间接反映运动时间的方法，记录振子的运动。记录笔在纸上留下如图17所示的图像，已知该图像是经过一定的平移操作后是一个正弦函数图像。记录笔与记录纸之间的摩擦和空气阻力都可忽略不计。y1、y2、x0、2x0为纸上印迹的已知位置坐标。（1）写出振子的平衡位置的纵坐标yC；（2）求振子振动的周期T，并给出一个类似本题记录振动的方法的应用；（3）若记录笔与记录纸之间的摩擦力和空气阻力很小但不可忽略，在答题纸相关区域定性画出记录纸上可能出现的图线；14（16分）.如图所示,水平放置的平行板电

9、容器,原来两极板不带电,上极板接地,它的极板长l=0.1 m,两极板间距离d=0.4 cm。有一束相同微粒组成的带电粒子流从两极板中央平行于极板射入,由于重力作用微粒落到下极板上。已知微粒质量为m=210-6 kg,电荷量为q=+110-8 C,电容器电容为C=10-6 F,g取10 m/s2。（1）为使第1个微粒的落点范围在下极板中点到紧靠边缘的B点之间,则微粒入射速度v0应为多少?（2）若带电粒子落到AB板上后电荷全部转移到极板上,则以上述速度射入的带电粒子最多能有多少个落到下极板上?15（12分）如图所示，在方向竖直向上、大小为E=1106V/m的匀强电场中，固定一个穿有A、B两个小球（

10、均视为质点）的光滑绝缘圆环，圆环在竖直平面内，圆心为O、半径为R=0.1mA、B用一根绝缘轻杆相连，A带的电荷量为q=+7107C，B不带电，质量分别为mA=0.01kg、mB=0.08kg将两小球从圆环上的图示位置（A与圆心O等高，B在圆心O的正下方）由静止释放，两小球开始沿逆时针方向转动重力加速度大小为g=10m/s1（1）通过计算判断，小球A能否到达圆环的最高点C？（1）求小球A的最大速度值（3）求小球A从图示位置逆时针转动的过程中，其电势能变化的最大值参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】根据粒子轨

11、迹的弯曲方向可知带电粒子受到的是静电斥力，根据U=Ed知，等差等势面越密的位置场强越大，B处等差等势面较密集，则场强大，带电粒子所受的电场力大，加速度也大，即aAaB根据沿着电场线方向，电势是降低的，结合运动轨迹，可知，粒子带负电，当从A到B，电场线对带负电粒子做负功，电势能增加，则知B点电势能大，即EAEB故选D。2、A【解析】由P=Fv可知功率P一定时，v越小，F越大，所以车以最大动力上坡时，应推至1挡；A1挡，与结论相符，选项A正确；B2挡，与结论不相符，选项B错误；C4挡，与结论不相符，选项C错误；D5挡，与结论不相符，选项D错误；3、B【解析】试题分析：磁针所在处的磁场向右，由右手螺

12、旋定则可知B正确。考点：本题考查电流的电流的磁场。4、C【解析】A该图中A、B两点场强大小相同，方向不同，选项A错误；B该图中A、B两点场强大小不相同，方向相同，选项B错误；C该图中A、B两点场强大小相同，方向相同，选项C正确；D该图中A、B两点场强大小不相同，方向也不同，选项D错误；故选C。5、C【解析】根据焦耳定律可知，电流变为原来的，电阻变为原来的2倍，则在相同的时间内产生的焦耳热为ABD错误，C正确。故选C。6、C【解析】电子从A向B运动时,电场力对电子做负功,若当电子到达B点时,克服电场力所做的功W=qU=500eV400eV,因此电子不能到达B点,电子向右做减速运动,在到达B之前速

13、度变为零,然后反向运动,从A点离开磁场,在整个过程中,电场力做功为零,由动能定理可知,电子离开电场时的动能：EK=400eV，故C正确；故选：D点睛：由W=qU求出电子从B点离开时电场力所做的功，根据该功与电子初动能的关系判断电子从何处离开电场；然后由动能定理求出电子离开电场时的能量二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】试题分析：据题意，电键接在a、b之间时，电流的相对变化为：，电压的相对变化为：，则可知电流变化相对显著，A选项正确；由于电流变化显著，说明电

14、压表分流作用较大，应把电流表接触法，接在b点，则C选项正确考点：本题考查电流表内接或者外接的判断法：试探法8、CD【解析】A. 电源电动势不变，路端电压随外电阻的增大而增大，减小而减小，故A错误；BC. 当R增大时，I减小，不能根据判断路端电压的变化，而由分析，E、r不变，I减小，得到U增大；I增大，得到U减小；故C正确B错误；D. 若外电路断开，则路端电压等于电动势，故D正确。故选CD。9、BD【解析】电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带负电，因此电场线指向左上方，沿电场线电势降低，故c等势线的电势最低，a等势线的电势最高，故A错误；根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能

15、降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故B正确；从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C错误；等势线密的地方电场线密场强大，故P点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故D正确故选BD【点睛】解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化10、ABC【解析】当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路的电阻变大，整个回路的电流变小，内部消耗的功率P=一定减小，C正确；总功率P=EI一定减小，A正确；而内电压降低，外电压升高，电源的效率增大，B正确；当内电阻等于外

16、电阻时，输出功率最大，此题中无法知道内外电阻的关系，因此D不对三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、左 9.0 3.8 4.8 【解析】（1）1因变阻器采用限流式接法，开关闭合前为使电路中电路中电流最小，应其接入电路中的阻值为最大故滑片应在最左端（2）2根据欧姆定律开关S2保持断开时恒压电源输出电压为：U=IR1= 0.615V=9.0V（3）3知电源电压恒为9.0V，闭合开关S2后根据欧姆定律有通过R1的电流为：A所以通过电动机的电流为：A再根据电动机的U-I图象可读出电动机两端电压UM= 3.2V，则直流电动机M实际消耗的电功率为：P

17、=UMI2=1.23.2W=3.8W4此时滑动变阻器两端电压为U3=E-UM=9-3.8=5.2V由欧姆定律可知，接入电阻：12、 f AC 【解析】(1) 由原理图可知，滑动变阻器采用了分压接法，即先将下面两个固定的接线柱接在电源两端；再将用电器的一端接在上面任意一个接线柱上，另一端接到下面任意一个接线柱上；同时电流表采用外接法，注意电表的正极流入；实物图如图；(2) 由题意可知，电流与电源应相连，不能调节到零说明滑动变阻器起不到分压作用，故应是f点接触不良造成的；(3) A项：由得出的图象可知，U=0.8V时，电流I=0.05A；故电阻；B项：由得出的图象可知，U=1.6V时，电流I=0.

18、2A；故电阻；C、D项：图象斜率表示电阻的倒数，随着电压的增大，电阻的倒数增大，电阻减小，故C正确，D错误点晴：变阻器采用分压式接法时，电压表或电流表的示数可以从零调；分析图象的斜率时，应根据需要的物理规律写出纵轴物理量与横轴物理量的表达式，然后再讨论斜率的物理意义即可四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)；(2),应用：心电图，示波器显示等；(3) 【解析】（1）根据简谐运动对称性结合题给图像，可知平衡位置纵坐标（2）由图像可知，振子在一个周期内沿x方向的位移为，水平速度为v，故由题意知，振子的周期类似方法的应用：心电图仪、地震监测仪、示波器显示、沙摆实验等（3）弱阻尼振动图像如图：14、（1）2.5 m/sv05 m/s（2）600个【解析】(1)第一个粒子在极板间做平抛运动,即水平位移：竖直位移：为使第一粒子能落在下板中点O到紧靠边缘的B点之间，x必须满足：即：带入数据计算得出：(2)由题意可知：代入数据得：s.由：代入数据得:根据牛顿第二定律有：代入数据解得：C.最多能有落到下极板上的带电粒子的个数：代入数据得:个.答：(1)微粒入射速度v0应满足.(2)以上述速度入射的带电粒