2023学年北京市海淀区中央民族大学附属中学高二物理第一学期期中统考模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、两个较大的平行板A、B相距为d，分别接在电压为U的电源正负极上，开关S闭合时质量为m，带电荷量为q的油滴恰好静止在两板之间，如图所示，在保持其他条件不变的情况下，将两板非常缓慢地水平错开一些，以下说法正确的是（ ）A油滴将向上运动，电流计中的电流从b流向aB油滴将下运动，电流计中的电流从a流向bC油滴静止不动，电流计中的电流从a流向bD油滴静止不动，电流计中无电流流过2、质量为1kg的物体以某一速度在水平面上滑行，由于摩擦阻力的作用，其动能随位移变化的图线如所示，g取10m/s

3、2，则下列说法正确的是（ ）A物体与水平面间的动摩擦因数为0.15B物体与水平面间的动摩擦因数为0.25C物体滑行的总时间为4.5sD物体滑行的总时间为2.5s3、在如图所示的电路中，闭合开关S，在将滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中，以下说法正确的是：（ ） A电压表和电流表的示数都增大B电源的总功率变大C灯L1变亮，电压表的示数增大D灯L2变亮，电容器的带电量增加4、两块大小、形状完全相同的金属平板平行正对放置，构成一平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，接通开关S，电源即给电容器充电则（）A保持S接通，减小两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减小B保持S接通，在两极板间插入一块电介

4、质，则极板上的电荷量减少C断开S，减小两极板间的距离，则两极板间的电场强度不变D断开S，减小两极板正对面积，则两极板间的电势差减小5、一根玻璃管一端封闭，另一端装有阀门，内有一根羽毛和一枚铜钱.用抽气机把管内的空气抽尽后关闭阀门，再把玻璃管倒过来，它们在下落时A铜钱的加速度大B铜钱运动的时间短C羽毛运动的速度不变D羽毛和铜钱同时到达底部6、如图所示，平板下方有垂直纸面向外的匀强磁场，一个质量为m、电荷量为q的粒子（不计重力）在纸面内垂直于平板的方向从板上小孔P射入磁场，并打在板上的Q点，已知磁场的磁感应强度为B，粒子的速度大小为v，由此可知（）A该带电粒子带正电，P、Q间的距离为LB该带电粒子

5、带正电，P、Q间的距离为LC该带电粒子带负电，P、Q间的距离为LD该带电粒子带负电，P、Q间的距离为L二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列说法正确的是（ ）A所有电荷在电场中都要受到电场力的作用B所有电荷在磁场中都要受到磁场力的作用C一切运动电荷在磁场中都要受到磁场力的作用D运动电荷在磁场中，只有当垂直于磁场方向的速度分量不为零时，才受到磁场力的作用8、带负电的粒子在某电场中仅受电场力作用，能分别完成以下两种运动：直线运动；圆周运动.则该电场可能由A一个带正电的点

6、电荷形成B一个带负电的点电荷形成C两个分立的带等量正电的点电荷形成D两个分立的带等量负电的点电荷形成9、如图所示，一正方形线圈abcd在匀强磁场中绕垂直于磁感线的对称轴OO匀速转动，沿着OO方向观察，线圈沿逆时针方向转动。已知匀强磁场的磁感应强度为B，线圈匝数为n，边长为l，电阻为R，转动的角速度为。则当线圈转至图示位置时（ ）A线圈中感应电流的方向为abcdaB线圈中的感应电流为C穿过线圈的磁通量为0D穿过某匝线圈磁通量的变化率为Bl210、如图所示，把一个带电小球A固定在光滑的水平绝缘桌面上，在桌面的另一处有另一带电小球B，现给B一个垂直于AB方向的速度v0，则下列说法中正确的是（）AB球

7、可能做直线运动BB球的电势能可能增加CA球对B球的库仑力可能对B球不做功DB球可能从电势较高处向电势较低处运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用如图所示的装置可以探究做匀速圆周运动的物体需要的向心力的大小与哪些因素有关。(1)本实验采用的科学方法是_。A控制变量法 B累积法C微元法 D放大法(2)通过本实验可以得到的结果是_。A在质量和半径一定的情况下，向心力的大小与角速度成正比B在质量和半径一定的情况下，向心力的大小与线速度的大小成正比C在半径和角速度一定的情况下，向心力的大小与质量成正比D在质量和角速度一定的情况下，向心力

8、的大小与半径成反比12（12分）某物理学习小组要描绘一只小灯泡（2.8V 0.8W）的伏安特性曲线，有下列器材供选用：A电压表（03V，内阻6k）B电压表（015V，内阻30k）C电流表（03A，内阻0.1）D电流表（00.6A，内阻0.5）E. 滑动变阻器（10，5A）F. 滑动变阻器（01k，0.1A）G. 电源（3V，内阻不计）H. 电键一个，导线若干（1）电压表应选用_，电流表应选用_，滑动变阻器应选用_。（用序号字母表示）（2）为完成本实验，请用笔画线当导线，将实物图（图1）连成完整的电路，要求实验误差尽可能的小_。（图中有几根导线已经接好）（3）下表中的数据是该小组在实验中测得的，

9、请根据表格中的数据在如图2的坐标纸上作出小灯泡的伏安特性曲线_。根据I-U图象，由图分析可知，该小灯泡灯丝温度升高时，电阻_（选填“变大”或“变小”）。UV0.000.501.001.502.002.50IA0.000.170.300.390.450.49（4）由图线可求得当小灯泡两端所加电压为2.00V时，其灯丝电阻值约为_。（结果保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，把质量为克的带电小球A用丝线吊起，若将带电量为4108C的正电小球B靠近它，当两小球在同一高度相距3cm时，丝线

10、与竖直夹角为30，（A、B都可视为点电荷，取g=10m/s2，k=9.0109Nm2/kg2）求：（1）此时小球A受到的库仑力大小和方向？（2）小球A带的电量qA？14（16分）将一相距为d=40cm的平行板接入如图所示的电路中，当开关闭合时，带正电的小球刚好静止在两平行板间.已知电源电动势E=24V、内阻r=1，R=15，小球的电荷量q=110-2C、质量m=210-2kg，.求：（1）带电小球静止时平行板间的电压U.（2）滑动变阻器接入电路中的部分电阻的阻值RP为多少？.15（12分）如图所示，电源的电动势E=110V，电阻R1=21，电动机绕组的电阻R0=0.5，电键S1始终闭合当电键S

11、2断开时，电阻R1的电功率是525W；当电键S2闭合时，电阻R1的电功率是336W，求：(1)当电键S2断开时，流过电阻R1的电流I；(2)电源的内电阻r；(3)当电键S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式得知，电容减小，而电压不变，则由知，电容器带电量减小，电容器处于放电状态，电路中产生顺时针方向的电流，则电流计中有的电流由于电容器板间电压和距离不变，则由，知板间场强不变，油滴所受电场力不变，仍处于

12、静止状态故C正确考点：考查了电容器的动态分析2、B【解析】由图象可知，EK1=50J，EK2=0J，位移x=20m，EK1=12mv12=50J，解得初速度v1=10m/s，由动能定理得：EK2-EK1=-fx，解得：f=2.5N=mg，=0.25，物体加速度a=fm=2.5m/s2，物体运动时间t=v1a=4s，以上分析可知，故B正确，ACD错误故选B点睛：利用数学图象处理物理问题的方法就是把物理表达式与图象结合起来，根据图象中的数据求解一般我们通过图象的特殊值和斜率进行求解3、B【解析】A、C、滑动变阻器和灯L2的并联，则有1R并=1R2+1R，将滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中，R减小

13、，则R并也减小，根据闭合电路欧姆定律I=RR1+R2+r，电路中的总电流I增大，即电流表的示数增大，灯L1变亮；电压表的示数U=E-Ir，因此，电压表的示数减小；故A错误，C错误；B、根据部分电路欧姆定律I2=UR2 ，流过灯L2的电流减小，灯L2变暗；总电阻减小，总电流增大，故电源总功率增大，B正确；D、根据电容的定义式C=QU，可知电容器的带电量减小，D错误；故选B.【点睛】本题考查了闭合电路欧姆定律和串并联电路的动态分析要注意本类题目的解题思路为：局部-整体-局部从滑动变阻器的滑片P向下移动，R减小入手，分析整个电路电压、电流的变化情况，再到局部，分析灯亮度，电流表示数，电容器的电容的变

14、化4、C【解析】A. 保持S接通，则电容器两板间的电势差不变，因d 减小，由可知，两极板间的电场场强增大，故A错误；B. 保持S接通，两板间的电势差不变，在两极板间插入一块介质后，电容增大，由Q=CU可知，极板上的电荷量增大，故B错误；C. 断开S，电量保持不变，根据 、联立解得：减小两极板间距离时，两极板间的电场强度不变，故C正确；D. 断开S，电量保持不变，减小两极板正对面积，据可知，电容减小，根据可知，电势差变大，故D错误。5、D【解析】把管内的空气几乎抽尽，羽毛、铜钱都只受重力作用，下落加速度均为g，经过相同时间，物体的速度为v=gt，g相同，v一样大，即下落一样快，所以铜钱和羽毛同时

15、落到底端。A铜钱的加速度大，与结论不相符，选项A错误；B铜钱运动的时间短，与结论不相符，选项B错误；C羽毛运动的速度不变，与结论不相符，选项C错误；D羽毛和铜钱同时到达底部，与结论相符，选项D正确；6、A【解析】由图示可知，粒子刚进入磁场时所受洛伦兹力水平向左，由左手定则可知，粒子带正电；粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：P、Q间的距离：L=2r=A 该带电粒子带正电，P、Q间的距离为L与分析相符，故A正确。B 该带电粒子带正电，P、Q间的距离为L与分析不符，故B错误。C 该带电粒子带负电，P、Q间的距离为L与分析不符，故C错误。D 该带电粒子带负电，P、Q

16、间的距离为L与分析不符，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】解：A、所有电荷，只要在电场中都要受到电场力的作用，这是电场的基本性质故A正确B、C电荷在磁场中不一定受到磁场力的作用，静止的电荷或速度方向与磁场平行的电荷在磁场中不受磁场力的作用故BC错误D、只有当运动电荷的速度方向与磁场方向不平行时，电荷才受到磁场力的作用，从运动分解的角度看，当垂直于磁场方向的速度分量不为零时，电荷才受到磁场力的作用故D正确故选AD【点评】电场力与重力类似，电荷在电

17、场中一定受到电场力的作用，而电荷在磁场中有两种情况磁场力为“0”：1、静止电荷，即速度v=0时；2、vB时8、AC【解析】A项：因为一个带正电的点电荷形成的电场，其电场线是直线，当带负电的粒子的初速度的方向与电场线的方向在一条直线上时，粒子可以在电场线上运动，当粒子的初速度的方向与电场线垂直时，粒子可以在等势面上做匀速圆周运动带负电的粒子可以在一个带正电的点电荷形成的电场中的任意一个等势面上做匀速圆周运动，故A正确；B项：当粒子的初速度的方向与电场线垂直时，粒子受到与电场线方向相反的力的作用，将会做离心运动，故B错误；C项：两个等量的同种正点电荷A、B形成的电场，当带负电的粒子的初速度的方向与

18、电场线在一条直线上时，粒子可以在电场线上运动，由于场强是变化的，所以粒子做变速直线运动，考虑到电场分布的空间性和对称性，当粒子初速度的方向在A、B连线的中垂面内且与中垂线垂直，则粒子所受库仑力的合力始终指向O点，粒子将在两电荷A、B连线的中垂面内，以两电荷A、B连线的中点O为圆心做匀速圆周运动，故C正确；D项：两个带等量负的点电荷的电场对负电荷的作用力向外，同负点电荷的电场类似，所以带负电粒子不可能在受到背离圆心的作用下做匀速圆周运动，故D错误。点晴：该题考查几种常见的电场的特点，本题关键要能让负电荷做匀速圆周运动，必须有指向圆心的力提供向心力，故只能是位于圆心的正电荷提供。9、BCD【解析】

19、A图示时刻，ad速度方向向里，bc速度方向向外，根据右手定则判断出ad中感应电流方向为ad，bc中电流方向为cb，线圈中感应电流的方向为adcba。故A错误。B线圈中的感应电动势为E=nBS=nBl2线圈中的感应电流为故B正确.CD图示时刻ad、bc两边垂直切割磁感线，穿过线圈磁通量为0，由法拉第电磁感应定律分析得知，磁通量的变化率最大，穿过线圈磁通量的变化率为Bl2故CD正确.故选BCD。10、BCD【解析】A.由题看出，小球B受到的静电力与速度不在同一直线上，则B球不可能做直线运动，故A错误；B. 若小球A、B带异种电荷，而且引力恰好小于时，B球会远离A球，引力做负功，电势能增加，故B正确

20、；C.若小球A、B带异种电荷，而且引力恰好等于时，B球做匀速圆周运动，A球对B球的库仑力不做功，故C正确；D.由于两球电性未知，B球可能受斥力会远离A球，也可能受到引力靠近A球，所以B球可能从电势较高处向电势较低处运动，故D正确【名师点睛】由小球B受到的静电力与速度不在同一直线上可知，B球不可能做直线运动若小球A、B带异种电荷小球B做匀速圆周运动，库仑力不做功，若小球B所受的引力小于所需要的向心力，小球B做离心运动时，B球的电势能可能增加，B球不一定从电势较高处向电势较低处运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A C 【解析】(1)1

21、探究做匀速圆周运动的物体需要的向心力的大小与哪些因素有关，控制其他量不变，只改变其中的一个变量，看向心力与该变量的关系，故采用的是控制变量法，故A正确BCD错误。故选A。(2)2AB 在质量和半径一定的情况下向心力的大小与角速度的平方成正比，与线速度的平方成正比，故AB错误；C 在半径和角速度一定的情况下，向心力的大小与质量成正比，故C正确；D 在质量和角速度一定的情况下，向心力的大小与半径成正比，故D错误。故选C。12、A D E 变大 4.4 【解析】（1）1.灯泡额定电压是2.8V，电压表应选A；2.灯泡额定电流为I=0.82.80.28A，电流表选D；3.为方便实验操作，滑动变阻器应选总阻值较小的E；（2）4.描绘小灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采