2023学年安徽省枞阳县浮山中学物理高二第一学期期中联考试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，三根相同的粗细均匀的玻璃管，管内有水银柱封住一部分空气在闭端，水银柱高度h甲V丙, 管内气体初温相同。若使管内气体升高相同的温度时，管内水银柱向上移动最多的是（ ）A丙管B甲管和乙管C乙管和丙管D三管一样多。2、如图所示，在“验

2、证力的平行四边形定则”实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，绳的另一端都有绳套实验中需用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条在此过程中必须注意的事项是（ ）A两根细绳必须等长B保证两弹簧秤示数相等C橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上D在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行3、在如图所示的匀强电场中，1、2、3三条虚线表示三个等势面，a、b分别是等势面1、3上的两个点下列说法中正确的是（ ）A三个等势面的电势相等B等势面2的电势高于等势面1的电势C若将一正电荷由a移到b，电场力做正功D若将一正电荷由a移到b，电场力做负功4、如图所示，将一个半径为r的不带

3、电的金属球放在绝缘支架上，金属球的右侧放置一个电荷量为Q的带正电的点电荷，点电荷到金属球表面的最近距离也为r由于静电感应在金属球上产生感应电荷设静电力常量为k则关于金属球内的电场以及感应电荷的分布情况，以下说法中正确的是（ ）A金属球内各点的场强都是零B感应电荷在金属球球心处激发的电场场强 ，方向向右C金属球的右端带有正电荷，左端带有负电荷D金属球右侧表面的电势高于左侧表面5、有一家用电风扇，电风扇两端电压为220 V，工作电流为0.5 A，则下列说法中正确的是（）A电扇线圈电阻为440 B电扇线圈电阻大于440 C电扇线圈电阻小于440 D电扇线圈的电阻可用欧姆定律计算6、如图为理想变压器的

4、示意图，其原、副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想电表，Rt为阻值随温度升高而变小的热敏电阻，R1为定值电阻若发电机向原线圈输入如图所示的正弦交流电下列说法中正确的是（ ）A输入变压器原线圈的交流电压的表达式为 u=362sin50tVB变压器原、副线圈中的电流之比为4：lCt=0.0ls时，穿过发电机的线圈的磁通量为0DRt中温度升高时，变压器的输入功率变大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、从静止开始匀加速直线运动的物体，第1s内通过的位移为1m，则A第

5、1s末物体的速度为1msB第1s末物体的速度为0.5msC第1s内物体的平均速度为1msD物体的加速度为2ms28、额定电压均为220V的白炽灯L1和L2的UI特性曲线如图甲所示，现将和L2完全相同的L3与L1和L2一起按如图乙所示电路接入220V电路中，则下列说法正确的是（）AL2的额定功率约为99WBL2的实际功率约为17WCL2的实际功率比L3的实际功率小17WDL2的实际功率比L3的实际功率小82W9、两个相同的带电金属小球（可看成点电荷），电量大小之比是1：7，在真空中相距为r。现将两球接触后仍放回原处，则它们间库仑力的可能是原来的（）A7 B3/7 C9/7 D16/710、如图所

6、示，在光滑的水平面上，有A、B两个小球，A的动量为10kgm/s，B球的动量为12kgm/s；A追上B球并相碰，碰撞后，A球的动量变为8kgm/s，方向没变，则A、B两球的质量的比值可能为A0.5B0.55C0.65D0.68三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）（1）在实验室做力学实验时会经常用到重物，请为下列实验从图中选择最合适的“重物”（填“A”、“B”或“C”）“探究加速度与力、质量的关系”实验中驱动小车的重物是_ 用自由落体运动“验证机械能守恒定律”中的重物是 _ （2）按课本方案进行实验，每一次必须从同一位置静止释放的是

7、（_） A探究求合力的方法B探究速度随时间变化的规律C用小球等器材探究平抛运动的规律D用橡皮筋等器材探究物体做功与速度变化之间的关系（3）某一实验中物体做匀加速直线运动时打出一条纸带，其局部放大图如图所示，每两个计数点之间还有四个点未画出，则纸带上打下计数点D时，物体运动的瞬时速度大小为_ m/s（保留二位小数）12（12分）一研究性学习小组研究小灯泡的伏安特性，小灯泡上标有额定电压“4V”字样，但额定功率和电流均不清晰，实验室备有的器材是：电压表（6V,6k)、电流表（00.6 A,0.1)、电池组（电动势为6V）、开关、滑动变阻器、小灯泡、导线若干实验时要求小灯泡两端电压从零逐渐增大到额定

8、电压以上（1）他们应选用下图中_图所示电路进行实验（2）根据实验测得数据描绘出如图所示UI图象，由图分析可知，小灯泡电阻随温度T变化的关系是_。（3）根据UI图象可知小灯泡的额定功率为_W，电压为2V时的实际功率为_W。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示,区域内有电场强度为E =2104N/C、方向竖直向上的匀强电场；区域中有一光滑绝缘圆弧轨道，轨道半径为R =2m,轨道在A点的切线与水平方向成60角，在B点的切线与竖直线CD垂直；在区域有一宽为d =3m的有界匀强电场，电场强度大小未知,方向水平

9、向右.一质量为=0.4kg、带电荷量为q =-210-4C的小球(质点)从左边界O点正上方的M点以速度=2m/s水平射入区域，恰好从A点沿圆弧轨道切线进人轨道且恰好不能从区域中电场的右边界穿出，(g取10m/s2)求：（1）OM的长L；（2）区域中电场的电场强度大小；（3）等高,小球到达区域中的电场边界上的点与间的距离.14（16分）带有等量异号电荷、相距10cm的平行板A和B之间有一个匀强电场，如图所示。电场强度E2.0104V/m，方向向下。电场中C点距B板3cm，D点距A板2cm。（1）若令A板接地，C、D两点的电势、分别是多少？C、D两点的电势差等于多少？（2）一个电子从C点先移到P点

10、，再移到D点，静电力做了多少功？15（12分）如图所示，MN与PQ是两条水平放置彼此平行的光滑金属导轨，导轨间距为L=0.5m，质量m=1kg，电阻r=0.5的金属杆ab垂直跨接在导轨上，匀强磁场的磁感线垂直纸面向里，磁感应强度的大小为B=2T，导轨左端接阻值R=2的电阻，导轨电阻不计t=0时刻ab杆受水平拉力F的作用后由静止开始向右做匀加速运动，第4s末，ab杆的速度为v=2m/s，重力加速度g=10m/s2，求：（1）4s末ab杆受到的安培力FA的大小；（2）若04s时间内，电阻R上产生的焦耳热为1.7J，求这段时间内水平拉力F做的功；（3）若第4s末以后，拉力不再变化，且知道4s末至ab

11、杆达到最大速度过程中通过杆的电量q=3.2C，则ab杆克服安培力做功WA为多大？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】若使管内气体升高相同的温度时，三个玻璃管内气体的压强没有变化，由盖吕萨克定律得变形得：因为V甲=V乙V丙所以V甲=V乙V丙管内水银柱向上移动最多的是甲管和乙管A.A项与上述分析结论不相符，故A错误；B.B项与上述分析结论相符，故B正确；C.C项与上述分析结论不相符，故C错误；D.D项与上述分析结论不相符，故D错误。2、D【解析】A细线的作用是能显示出力的方向，所以不必须等长故A错误；B两弹簧

12、秤示数不需要等大，只要便于作出平行四边形即可故B错误；C两细线拉橡皮条时，只要确保拉到同一点即可，不一定橡皮条要在两细线的夹角平分线上故C错误；D在拉弹簧秤时必须要求弹簧秤与木板平面平行，否则会影响力的大小，故D正确3、C【解析】沿着电场线方向电势降低，所以三个等势面中1的电势能最高，3的等势面最低；故A错误；等势面2的电势低于等势面1的电势，故B错误正电荷在电势高处电势能大，则知将一正电荷由a移到b，电势能减小，电场力做正功，故C正确，D错误故选C【点睛】解决本题的关键要掌握电场线的物理意义：顺着电场线方向电势降低，从而理解等势面之间电势的高低4、A【解析】金属球处于静电平衡状态，所以金属球

13、内各点的场强为零，A正确，感应电荷在金属球球心处激发的电场与点电荷在球心处的电场方向相反，大小相等，所以感应电荷在金属球球心处激发的电场场强，方向向右，B错误，根据同种电荷相斥，异种电荷相吸可得金属球的右侧带有负电荷，左端带有正电荷，C错误，金属球处于静电平衡状态，所以金属球是一个等势体，D错误5、C【解析】AD. 电动机为非纯电阻电路，不能使用欧姆定律计算电阻；故AD错误；BC. 电风扇主要用于机械能的输出， ，即 ，其电阻一定小于由欧姆定律求出的电阻；故电风扇的电阻一定小于440；故C正确B错误；6、D【解析】由图乙可知交流电压最大值Um=362V，周期T=0.02s，可由周期求出角速度的

14、值为=20.02=100，则可得交流电压u的表达式 U=362sin100tV，故A错误；变压器原、副线圈中的电流之比其原、副线圈的匝数比成反比，为1：4，故B错误；t=0.01s时，瞬时值为零，发电机的线圈平面与磁场方向垂直，磁通量最大，故C错误。t处温度升高时，阻值减小，变压器输出功率变大，则输入功率也变大，故D正确；故选D。【点睛】根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分

15、，有选错的得0分。7、CD【解析】物体的加速度为a=2st2=2112m/s2=2m/s2，选项D正确；第1s末物体的速度为v1=at1=2ms，选项AB错误；第1s内物体的平均速度为v=xt=11m/s=1m/s，选项C正确；故选CD.8、ABD【解析】A由L2的伏安特性曲线可得，在额定电压220V时的电流为0.45A，则L2的额定功率为P额U额I额99W故A正确；B图示电路为L1和L2串联再与L3并联，所以L1和L2串联后两端的总电压为220V，那么流过L1和L2的电流及两灯的电压满足I1I2U1U2220V由L1和L2的UI图线可知I1I20.25AU1152VU268V故灯L2的实际功

16、率P2I2U217W故B正确；CD由于L3两端的电压为220V，故P3P额99W则P3P282W故C错误，D正确。故选ABD。9、CD【解析】由库仑定律可得：F=kQqr2得，当两相同金属小球带同种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为4：4，所以库仑力是原来的16：1。当两相同金属小球带异种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量是先中和后平分，电量变为3：3，所以库仑力是原来的9：1故CD正确，AB错误。故选CD。10、CD【解析】根据动量公式p=mv，可知球的速度、动量和质量之间的关系为A球追上B球并相碰，所以碰撞前A球速度大于B球速度，则有得到A球追上

17、B球并相碰，碰撞后，A球动量变为8kgm/s，方向没变，规定向右为正方向，根据动量守恒得有代入解得根据碰撞过程总动能不增加得到代入数据解得碰撞后两球同向运动，A的速度不大于B的速度，则代入数据解得所以有故选CD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C A CD 0.38 【解析】由题意可知考查“探究加速度与力、质量的关系”， 用自由落体运动“验证机械能守恒定律”，匀加速直线运动三个实验的实验原理、器材选择及数据处理，据此分析计算可得。【详解】1“探究加速度与力、质量的关系”实验中驱动小车的重物需要知道重物的具体质量，且要求重物质量远小于

18、小车质量，所以需要用砝码，故选择C；2 用自由落体运动“验证机械能守恒定律”中的重物需要选择一个密度较大，重力较大的重锤，这样可以减小空气阻力的影响。(2) 3 A探究求合力的方法，验证同一效果时，要求第一次用两个弹簧测力计拉动小圆环，第二次用一个弹簧测力计拉动小圆环到同一位置，换为验证另一个作用效果时，位置可以改变，故A错误；B探究速度随时间变化的规律，每次物体运动开始位置不一定相同，故B错误；C用小球等器材探究平抛运动的规律，为了探究同一个平抛运动规律，要求每次初速度相同，运动轨迹才相同，所以要求每次从同一位置静止释放小球。D用橡皮筋等器材探究物体做功与速度变化之间的关系，每次改变橡皮筋的

19、条数，从静止释放小车，可以用倍增法表示做功的多少，故D正确。(3) 4根据刻度尺可以读出C点坐标值为6.80cm，E点坐标为14.40cm，根据【点睛】理解实验原理，据此分析问题。利用纸带上的点迹求某一点的瞬时速度时，可以计算与该点相邻的两点间的平均速度，注意时间、单位等易错点。12、 A 小灯泡电阻随温度的升高而变大 2 0.8【解析】（1）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流用从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻远小于电压表内阻，电流表应采用外接法，故选A所示电路。（2）由图示图可知，灯泡温度升高，灯泡两端电压与电流的比值变大，灯泡电阻增大。（3）由图示图象可知，灯泡额定电压4V对

20、应的电流为你0.5A，灯泡额定功率P=UI=40.5=2W，电压2.0V对应的电流为0.40A，则灯泡实际功率：P=UI=2.00.40=0.80W四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）0.3m（2） （3）21m【解析】（1）小球在区域 I中做类平抛运动，设小球在A点的速度为vA，竖直分速度为vy，则有 由牛顿第二定律可得：由匀变速直线运动的速度位移公式得解得；（2）在区域 II中，由图可能得，由A至B下降的高度为，则由A到B，根据动能定理：mg=mvB2 mvA2解得vB=3v0在区域 III中，小球在水平方向做匀减速直线运动，到达右边界时水平速度刚好减为零，由匀变速直线运动的速度位移公式得vB2=2d解得E=1.2104N/C；（3）水平方向 代入数据得坚直方向上小球做自由落体运动小球到达右边界后又向左返回到左边界，返回用时竖直方向下落的高度 所以小球到达区域中电场边界上时与的距