2023学年北京市一零一中学高二物理第一学期期中学业质量监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一水平放置的平行板电容器带上一定电荷量后，将下极板B接地，一带负电油滴静止于两极

2、板间的P点现将平行板电容器的上极板A竖直向下移动一小段距离，下列说法正确的是AP点的电势将增大，带电油滴将向上运动BP点的电势将增大，带电油滴将向下运动CP点的电势不变，带电油滴仍然静止DP点的电势不变，带电油滴将向上运动2、对计算任何用电器的电功率都适用的是 （ ）.P=I2R .P=U2R .P=IU .P=WtA B C D3、如图所示，回旋加速器是加速带电粒子的装置，设匀强磁场的磁感应强度为B，D形金属盒的半径为R，狭缝间的距离为d，匀强电场间的加速电压为U，要增大带电粒子（电荷量为q、质量为m，不计重力）射出时的动能，则下列方法中正确的是A减小匀强电场间的加速电压UB减小磁场的磁感应

3、强度BC增大狭缝间的距离dD增大D形金属盒的半径R4、如图所示，在xOy坐标系中以O为中心的椭圆上，有a、b、c、d、e五点，其中a、b、c、d为椭圆与坐标轴的交点。现在椭圆的一个焦点O1处固定一正点电荷，另一正试探电荷仅在电场力作用下的运动轨迹（正好过e点）如图中虚线所示，下列说法正确的是（）Aa、c两点的电场强度相同Bd点的电势小于b点的电势C正试探电荷沿虚线运动过程中在b点的电势能小于在e点的电势能D若将正试探电荷由a沿椭圆经be移动到c，电场力先做负功后做正功，但电势能变化量为零5、如图所示，A、C是以正点电荷Q为圆心的某一圆周上的两点，B是线段AC的中点现将一正电荷从A经B移到C，则

4、( )A从A到C，电场力对该电荷一直做正功B从A到C，电场力对该电荷一直不做功C该电荷在A、B、C三点时的电势能大小关系是EBEAECD该电荷在A、C两点时所受电场力相同6、如图所示，两只灯泡L1、L2分别标有“110V，60W”和“110V，100W”，另外有一只滑动变阻器R，将它们连接后接入220V的电路中，要求两灯泡都正常发光，并使整个电路消耗的总功率最小，应使用下面( )ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，四个相同的表头分别改装成两个安培表和

5、两个伏特表安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它们按图接入电路，则（）A电流表A1的读数大于电表A2的读数B电流表A1的偏转角小于电流表A2的偏转角C电压表V1的读数等于电压表V2的读数D电压表V1的偏转角等于电压表V2的偏转角8、如图所示电路，电源电压恒定不变为8V，四只电阻的阻值都为3则：( )A流过R2的电流为2ABR4两端的电压为6VCR1两端电压为6vD总电阻为49、如图所示是探究影响平行板电容器电容大小因素的实验装置关于此实验装置中的静电计，下列说法中正确的是A静电计指针张角的大小反映了平行板电容器两板间电压的大小B静电计指针张角的大小反映了平行板电容

6、器带电量的大小C静电计的外壳与A板相连接后可不接地D可以用量程为3V的电压表替代静电计10、平行板电容器两极板间距为d、极板面积为S，电容为，其中0为常量对此电容器充电后断开电源当增加两板间距时，电容器 （）A电势差减小B电容减小C电势差不变D电荷量不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在学习了串并联的基本规律后，我们可以把一个最大量程为的电流计，分别改装成电压表和更有大量程的电流表（1）若已知该电流计的内阻为，为了改装成最大量程为的电压表，需_联（填“串”或“并”）一个_的电阻 (2)如图所示，虚线框内是用该电流计改装成的多量

7、程电流表，、为改装后新电流的接线柱，为负极接线柱，为大量程接线柱、为小量程接线柱已知为电流计内阻，若、，那么选择、接线柱时，新电流表的量程为_；选择、接线柱时，新电流表的量程为_12（12分）有一个额定电压为2.8V，功率约为0.8W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的IU图象，有下列器材供选用：A电压表（03V，内阻6k）B电压表（015V，内阻30k）C电流表（03A，内阻0.1）D电流表（00.6A，内阻0.5）E滑动变阻器（10，2A）F滑动变阻器（200，0.5A）G蓄电池（电动势6V，内阻不计）（1）用如图1所示的电路进行测量，电流表应选用_，滑动变阻器应选用_（用序号字母表示）（

8、2）通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图2所示，由图象可求得此灯泡在正常工作时的电阻为_（3）若将此灯泡与电动势6V、内阻不计的电源相连，要使灯泡正常发光，需串联一个阻值为_的电阻（保留3位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一根光滑绝缘细杆与水平面成=的角倾斜固定细杆的一部分处在场强方向水平向右的匀强电场中，场强E=1104N/C在细杆上套有一个带电荷量为q=1.731105C、质量为m=3101kg的负电小球现使小球从细杆的顶端A由静止开始沿杆滑下，并从B点进入电场，小球在电场中滑至

9、最远处的C点已知A、B间的距离x1=0.4m，g=10m/s1求：(1)小球在B点的速度vB；(1)小球进入电场后滑行的最大距离x1；(3)小球从A点滑至C点所用的时间t14（16分）如图所示的电路中，电源电动势，内阻，电阻，当开关S断开时，电流表的示数为1.5A，电压表的示数为3.0V，试求：(1)电阻R1和R3的阻值；(2)当S闭合后，电压表的示数；(3)R2上消耗的电功率。15（12分）如图所示的电路中，电源电动势为E=6.0V，内阻r=0.6，电阻R2=0.5，当开关S断开时，电流表的示数为1.5A，电压表的示数为3.0V，试求：（1）电阻R1和R3的阻值；（2）当S闭合后，电压表的示

10、数和电阻R2上消耗的电功率；参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】两极板间的电荷量恒定，、可得，即两极板间的电场强度，与两极板间的距离无关，电场强度不变，所以油滴受力不变，仍处于静止状态，因为P到下极板的距离不变，而B极板电势恒为零，根据可得P点的电势不变，故C正确；【点睛】在分析电容器动态变化时，需要根据判断电容器的电容变化情况，然后结合，等公式分析，需要注意的是，如果电容器和电源相连则电容器两极板间的电压恒定，如果电容器充电后与电源断开，则电容器两极板上的电荷量恒定不变2、D【解析】电功公式W=UIt，

11、电功率P=W/tUI，适用于一切电路。故正确。非纯电阻电路中，欧姆定律不适用，故IU/R，故公式P=U2/R不能求解热功率，也不能求解电功率。故错误。公式P=I2R计算热功率；非纯电阻电路中，电功率大于热功率，故错误。故选D。3、D【解析】离子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得：qvB=m，解得则动能有：EK=mv2=，由此可知：粒子的动能与加速的电压无关，狭缝间的距离无关，与磁感应强度大小和D形盒的半径有关，增大磁感应强度和D形盒的半径，可以增加粒子的动能故D正确，ABC 错误故选D点睛：解决本题的关键知道回旋加速器电场和磁场的作用，知道粒子的最大动能与加速的电压无关，与磁感应强度大小

12、和D形盒的半径有关4、C【解析】A由电场线的分布情况和对称性可分析a、c两点电场强度大小相同，但方向不同，所以电场强度不同，故A错误；B由于在椭圆的一个焦点固定一正点电荷，据正点电荷的电场线特点，沿电场线方向电势逐渐减小，且d比b离点电荷近，所以d点的电势高于b点的电势，故B错误；C由于场源电荷是正电荷，所产生的电场向外辐射，据可知正试探电荷知在e点电势能大于b点的电势能，故C正确；D正点电荷由a沿be移到c点的过程中，电势先降低后升高，电势能先减小后增大，电场力先做正功再做负功，a、c两点电势相等，所以总功为零，电势能变化量为零，故D错误。故选C。【点睛】本题的解题关键要掌握点电荷电场线的分

13、布情况，抓住对称性分析电势的变化；灵活应用电场力做功分析动能和电势能间的变化。5、C【解析】从A到C，电场力对该电荷先做负功，后做正功，故A错误，B也错误；将一正电荷从A经B移到C时电场力先做负功，后做正功，则电势能先增加后减小，AC在同一等势面上，因此电势能大小关系是EBEA=EC，故C正确；该电荷在A、C两点时所受电场力都是背离圆心的斥力，即两力的方向不同，故D错误。故选C。【点睛】掌握点电荷的电场线与等势线的分布，且电场力做功与动能变化有关，常常应用动能定理求解动能的变化，从而得出电势能的变化6、A【解析】A、灯泡1的额定电流，灯泡2的额定电流，在A电路中，两灯泡正常发光时，通过R的电流

14、为，R与并联，电压相等，根据，所以功率之比等于电流之比，为，则R上消耗的功率为，则整个电路的总功率；在D电路中，两灯泡正常发光，则通过R的电流等于两灯泡额定电流之和，为，两灯泡的并联电压为，则R上的电压为，根据，知电阻R上消耗的功率与两个灯泡消耗的功率相等，所以整个电路的总功率，所以A电路消耗的功率小，故A正确，D错误；B、在B电路中，灯泡1的额定电流，灯泡2的额定电流，灯泡2能正常法，则灯泡1就会烧掉，B电路不能保证两灯泡正常发光，在C电路中，两灯泡串联，则两灯泡电流相等，不能保证两灯泡正常发光，故B、C错误点睛：解决本题的关键知道在混联电路中，总功率等于各电阻消耗的功率之和，会根据功率的公

15、式求出额定电流，判断灯泡能否正常发光二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】AB.两安培表并联，表头两端的电压相同，电流相同，指针偏转角度相同，安培表A1的量程大于A2的量程，则安培表A1的读数大于安培表A2的读数。故A正确，B错误CD.两电压表串联，两表头的电流相同，指针偏转角度相同，量程大的读数大，伏特表V1的偏转角等于伏特表V2的偏转角。故C错误，D正确8、BD【解析】由图可知，并联后与R4串联，接到电源的两端，则，总电流为根据闭合电路欧姆定律得，所以通

16、过、的电流为，R4两端的电压，两端电压为，BD正确9、AC【解析】A、B、静电计是定性反映电压高低的仪器，不能发映了平行板电容器的电荷量的多少，故A正确，B错误；C、静电计测量的是两板间的电压高低，可以直接将A板与电容器外壳相接，不需要都接地，故C正确；D、静电计与电压表、电流表的原理不同，不能替代电流表、电压表线圈中必须有电流通过时，指针才偏转，故不能用电压表代替静电计，故D错误；故选AC【点睛】解决本题的关键知道静电计测量的是电容器两端的电势差，正确掌握静电计的使用方法对于电容器的动态变化分析问题，常常是电容的决定式和定义式结合分析，抓住不变量是分析的基础10、BD【解析】增加两板间距时，

17、根据电容的决定式，可知电容减小，故B正确；对此电容器充电后断开电源，故电量Q一定，故D正确；根据QUC，由上可知电势差增加，故A C错误。所以BD正确，AC错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、串联 200 800 【解析】（1）改装成电压表需要串联一个分压电阻，串联的电阻为： （2）设选择A、C接线柱时，新电流表的量程为I1；选择A、B接线柱时，新电流表的量程为I2，则由串并联电路的特点可知： ；联立解得：I1=200A；I2=800A.【点睛】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，明确电路的连接方式和知道电流表的满偏电流不

18、变是关键.12、D E 10 11.4 【解析】（1）题意可知，灯泡的额定电压为2.8V，故电压表的量程应大于2.8V，故电压表应选3V量程，由P=UI可得，电流I=PU=0.82.8A=0.28A，故电流表应选D；由电路图可知，要使电压从零开始调节，应采用分压接法，滑动变阻器应选小电阻便于调节，故滑动变阻器选E.（2）由灯泡的伏安特性曲线图可知，当电压为2.8V时，电流为0.28A，故电阻：R=UI=2.80.28=10.（3）要使灯泡串联在6V的电源上正常发光，则与之串联的电阻分压应为6V-2.8V=3.2V；此时电路中电流为0.28A，故应串联的电阻：R=3.20.28=11.4故答案为：(1)D；(2)E；(3)10；(4)11.4【点睛】本题考查测量小灯泡的伏安特性曲线，要注意电表的正确选择，原则是在不超量程的情况下尽量选用小量程，明确电路的接法，此实验要用分压电路，目的是为了得到从0开始连续可调的电压，同时要会利用欧姆定律进行分析求解。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)1m/s(1)0.4m(3)0.8s【解析】(1) 由A到B，根据动能定理列出等式：代入数据解得：(1) 小球从细杆的顶端A由静止开始沿杆滑下，并从B点进入电场，小球