2023学年甘肃省兰州市第五中学高二物理第一学期期中监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一小船位于宽的河的正中央点处，从这里向下游处有一危险区，当时水流速度为，为了使小

2、船避开危险区直线到达对岸，那么小船航行的最小速度（静水中）为（）ABCD2、在匀强磁场中某处P放一个长度为L20 cm，通电电流I1 A的直导线，测得它受到的最大磁场力F1.0 N，现将该通电导线从磁场中撤走，则P处磁感应强度为()A0B0.2 TC0.05 TD5 T3、在阴极射线管中电子射线的方向由左向右，其上方有一根通电直导线，电流方向向右，导线与射线管平行，则阴极射线将：A向上偏转 B向下偏转C向里偏转 D向外偏转4、下列说法中正确的是（ ）A匀强电场中两点间的电势差等于场强与这两点间的距离的乘积B电源电动势反映了电源把其他形式的能量转化为电能的本领C通过导体横截面的电荷量越多，导体中

3、的电流越大D空间中任一点的电场强度总是指向该点电势降落的方向5、质谱仪是测量带电粒子的比荷和分析同位素的重要工具，如图所示，带电粒子从容器A下方的小孔S1飘入电势差为U的加速电场，其初速度几于为零。然后经过S3，沿着与磁场垂直的方向进入磁感强度为B的匀强磁场中，最后打到照相底片D上。现有某种元素的三种同位素的原子核由容器A进入质谱仪，最后分别打在底片P1、 P2、P3。三个位置，不计粒子重力。则打在P3处的粒子（）A动能最大B动量最大C比荷最大D质量最大6、如图所示，在平行板电容器正中有一个带电微粒.电键闭合后，该微粒恰好能保持静止.现将电键断开，能使该带电微粒向上运动打到上极板的做法是()A

4、上移上极板MB上移下极板NC左移上极板MD把下极板N接地二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，三个小球的质量均为m，B、C两球用轻弹簧连接后放在光滑的水平面上，A球以速度v0沿B、C两球球心的连线向B球运动，碰后A、B两球粘在一起对A、B、C及弹簧组成的系统，下列说法正确的是 A机械能守恒，动量守恒B机械能不守恒，动量守恒C三球速度相等后，将一起做匀速运动D三球速度相等后，速度仍将变化8、某人站在静浮于水面的船上，从某时刻开始人从船头走向船尾，若不计水的阻力，

5、那么在这段时间内人和船的运动情况是（ ）A人匀速行走，船匀速后退，两者速度大小与它们的质量成反比B人加速行走，船加速后退，而且加速度大小与它们的质量成反比C人走走停停，船退退停停，两者动量总和总是为零D当人在船尾停止运动后，船由于惯性还会继续后退一段距离9、电路中理想电压表、理想电流表连接如图所示，现在闭合电键S，向上滑动滑动变阻器的滑动触头P ，电压表、电流表示数都发生变化并且在量程之内，电表的示数分别用I、U1、U2、U3表示，电表示数变化量的大小分别用I、U1、U2和U3表示下列比值正确的是（ ） AU1I不变， U1I变小BU2I不变，U2I不变CU3I变小，U3I不变DU2I变小，U

6、2I变小10、在电场方向水平向右的匀强电场中，一带电小球从A点竖直向上抛出，其运动的轨迹如图所示，小球运动的轨迹上A、B两点在同一水平线上，M为轨迹的最高点，小球抛出时的动能为8J，在M点的动能为6J，不计空气的阻力，则下列判断正确的是（）A小球水平位移x2与x1的比值为4：1B小球水平位移x2与x1的比值为3：1C小球落到B点时的动能为32JD小球从A点运动到B点的过程中最小动能6J三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）有一个小灯泡上有“4V 2W”的字样，现要描绘这个小灯泡的伏安特性曲线现有下列器材供选用：A电压表（15V，内阻

7、11k）B电压表（111V，内阻21k）C电流表（113A，内阻1）D电流表（116A，内阻14）E滑动变阻器（11，2A）F滑动变阻器（1k，1A）G学生电源（直流6V），还有电键、导线若干（1）电流表应选 ，滑动变阻器应选 （用序号字母表示）（2）为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据，请在方框内画出满足实验要求的电路图（3）若该同学已正确选用器材，并连接好部分实验电路如图所示，请在图中完成其余的电路连接12（12分）为了“描绘小灯泡的伏安特性曲线”，某同学所用器材如下：A待测小灯泡一个：额定电压为3V，电阻约为几欧B电压表一块：量程为3V，内阻约为3kC电流表一块：量程为0.6A

8、，内阻约为0.1D滑动变阻器一个，干电池两节，开关一个，导线若干（1）甲图是某同学画出的该实验的原理图，但原理图不完整，请完成以下问题：图甲中未画出电压表和电流表，则应补充的部分是图丙中的哪个_：图甲中开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应置于_（选填“A端”、“B端”或“AB正中间”）（2）图乙是某同学画出的伏安特性曲线，完成下列问题：由图可知，小灯泡的IU图线不是一条直线，由此得出小灯泡的电阻随电压的增大而_（选填“增大”、“减小”或“不变”）由图可知，灯泡两端电压为2.0V时，此时灯泡实际消耗的功率为_W四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说

9、明、方程式和演算步骤。13（10分）一个带电的微粒，从A点进入水平向右E=5V/m的匀强电场中， 从A运动到B， A、B两点之间的连线与电场线夹角=60，已知带电微粒的质量，电量，A、B相距。（不考虑重力）求：（1）微粒受电场力的大小和方向。（2）微粒从A到B过程电势能增大还是减小？变化了多少？14（16分）如图甲所示，在和之间有沿着轴方向的匀强电场，为电场区域的上边界，在轴方向范围足够大，电场强度的变化如图乙所示，取轴正方向为电场正方向现有一个带负电的粒子，粒子的比荷，在时刻以速度从点沿轴正方向进入电场区域，不计粒子重力作用求： 甲 乙（1）粒子通过电场区域的时间；（2）粒子离开电场的位置坐

10、标；（3）粒子通过电场区域后沿轴方向的速度大小15（12分）如图所示，一质量为m、电荷量为q（q0）的例子在匀强电场中运动，A、B为其运动轨迹上的两点已知该粒子在A点的速度大小为v0，方向与电场方向的夹角为60；它运动到B点时速度方向与电场方向的夹角为30不计重力求A、B两点间的电势差参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】由题意可知，当船的速度越小，将被水流冲到下游的水平距离越长，速度取得最小值时，小船在B点上，则有即船速垂直于合速度，则有解得v船=4.5m/s所以BCD错误，A正确。故选A。2、D【解析】

11、由题意，通电导线放入磁场中所受安培力最大，说明导线与磁场垂直，则有F=BIL得：； 磁感应强度是由磁场本身决定的，与是否有电流无关，故将该通电导线从磁场撤走，则P处磁感应强度保持不变故D正确故选D【点睛】解决本题关键要知道当通电导线垂直放入磁场中时，所受的安培力最大，掌握安培力公式F=BIL，并知道安培力与磁感应强度垂直3、B【解析】试题分析：由通电导线的电流方向，根据右手螺旋定则可得电子射线管处于垂直纸面向里的磁场，当电子流方向从左向右，则由左手定则可得粒子向下偏转故选：B考点：考查了洛伦兹力的方向的判断点评：电流提供的磁场，让电荷在磁场中静止，则一定没有磁场力，而电荷在磁场中运动，有才可能

12、有洛伦兹力，当正电荷运动，则四指为粒子运动方向，大拇指为洛伦兹力方向，若是负电荷，则大拇指的反方向为洛伦兹力方向4、B【解析】A、根据公式U=Ed可知，两点间的电势差等于场强和这两点间在电场线方向上距离的乘积，故A错误；B、电源的电动势反映了电源将其它形式的能转化为电能的本领的大小，故B正确；C、电流的定义为电量与时间的比值，即为单位时间内通过的电量，是由电量与时间共同决定的，电量多电流不一定大，故C错误；D、电势降低最快的方向才是电场强度方向故D错误故选B5、C【解析】根据动能定理可得粒子经过加速电场后的速度为解得在磁场中由洛伦兹力提供向心力有联立以上解得因为打在P3位置的粒子运动半径最小，

13、比荷最大，由此可知C正确，ABD错误。故选C。6、C【解析】微粒恰好能保持静止，表明微粒受到的竖直向上的电场力等于重力，要使该带电微粒向上运动打到上极板，可以将极板间的场强增大，在S闭合情况下，极板间电势差不变，可以减小极板间的距离，B正确、ACD错误 故选B【名师点睛】保持K闭合时电容板间电压保持不变，根据公式E=U/d，分析板间场强的变化，判断能否使带电微粒向上加速运动二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】AB在整个运动过程中，系统的合外力为零，总动量守

14、恒，A与B碰撞过程机械能减小，故B正确，A错误CD当小球B、C速度相等时，弹簧的压缩量最大，弹性势能最大之后弹簧逐渐伸长，C加速，AB减速，直到弹簧到原长，故C错误，D正确8、ABC【解析】A人和船组成的系统动量守恒。设人的质量为m，瞬时速度为v，船的质量为M，瞬时速度为v，人走的方向为正方向，则有解得则有所以人匀速行走，船匀速后退，两者速度大小与它们的质量成反比，故A正确；B人和船相互作用力大小相等，方向相反，故船与人的加速度分别为，则有，故B正确；C人和船组成的系统动量守恒，系统初始动量为0，所以人走走停停，船退退停停，两者动量总和总是为零，故C正确；D当人在船尾停止运动后，船的速度也为零

15、，故D错误。故选ABC。9、BC【解析】R2是定值电阻，根据欧姆定律得知U2I=U2I=R2则知U2I、U2I均不变。故B正确，D错误。向上滑动滑动变阻器的滑动触头P，则R1减小，U1I=R1，变小。U1=E-I（R2+r），则得 U1I=R2+r，不变。故A错误。U3I=R1+R2，变小。U3=E-Ir，则U3I=r，不变。故C正确。故选BC。【点睛】要区分定值电阻还是可变电阻。对于定值电阻，是线性元件有R=UI=UI，对于变化电阻，R=UIUI这两种元件分析要区别对待10、BC【解析】将小球的运动沿水平和竖直方向正交分解，水平分运动为初速度为零的匀加速直线运动，竖直分运动为匀变速直线运动，

16、对于初速度为零的匀加速直线运动，在连续相等的时间间隔内位移之比为1：3，则小球水平位移x2与x1的比值为3：1，故A错误，B正确；设物体在B动能为EkB，水平分速度为VBx，竖直分速度为VBy，由竖直方向运动对称性知：mvBy2=8J，对于水平分运动运用动能定理得：Fx1=mvMx2mvAX2，F（x1+x2）=mvBx2mvAX2，由A可知：x1：x2=1：3，解得：Fx1=6J，F（x1+x2）=24J，故EkB=m（vBy2+vBx2）=32J，故C正确；由于合运动与分运动具有等时性，设小球所受的电场力为F，重力为G，则有：Fx1=6J， ，Gh=8J，所以：，由右图可得：tan=，解得

17、：sin=，则小球从 A运动到B的过程中速度最小时速度一定与等效G垂直，即图中的 P点，故EKmin=mvmin2=m（v0sin）2=J，故D错误。故选BC。【点睛】本题关键将合运动分解为水平方向的匀加速直线运动和竖直方向的匀变速直线运动，然后对水平分运动运用动能定律求解。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）D E （2）（3）【解析】试题分析：（1）因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用15V的电压表由P=UI得，灯泡的额定电流I=15A，故电流表应选择1

18、16A的量程，故电流表选D；而由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分压接法中应选总阻值小的滑动变阻器，故选E；（2）在用伏安法描绘这个灯泡的I一U图线的实验中，电压要从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法；由于灯泡的电阻较小，所以选择电流表外接法所以电路图如图（3）按电路图画出实际电路图为考点：描绘小灯泡的伏安特性曲线实验【名师点睛】（1）仪表的选择应本着安全准确的原则；电压表要测量灯泡两端的电压，故应通过灯泡的额定电压值判断需要的电压表；由流过灯泡的电流判断需要的电流表；由题意判断需要的滑动变阻器；（2）根据滑动变阻器分压

19、及限流接法的不同作用，结合题意选择滑动变阻器的接法；由电流表、电压表与灯泡内阻间的大小关系确定电流表的接法本题考查实验中的仪表选择及接法的选择；应注意滑动变阻器分压及限流接法的区别及应用，同时还应明确内外接法的不同及判断12、AB端增大0.8【解析】试题分析：描绘灯泡伏安特性曲线，滑动变阻器要采用分压接法，电流表采用外接法；I-U图象的图线与坐标原点连线的斜率的倒数表示电阻；由图象求出灯泡额定电压对应的电流，然后由P=UI求出灯泡额定功率（1）因做描绘小灯泡伏安特性曲线实验要求电流与电压从零调，故滑动变阻器应用分压式，故应选A；为了使测量电路中电流从零开始，故滑片应开始滑到B端；（2）I-U图象的图线与坐标原点连线的斜率的倒数表示电阻，斜率减小，故电阻增大，小灯泡的电阻随电压的增大而增大