2023学年甘肃省宁县物理高二第一学期期中学业质量监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、玻璃杯从同一高度落下，掉在水泥地上比掉在草地上容易碎，这是由于玻璃杯与水泥地面撞击的过程中()A玻璃杯的动量较

2、大B玻璃杯受到的冲量较大C玻璃杯的动量变化较大D玻璃杯的动量变化较快2、如图所示，a、b、c是电场中的三个点，其电势分别为a、b、c，关于a、b、c的比较，下列说法中正确的是 ( )AabbcCa=b=cDa=bc3、如图所示，在平行金属板A、B间分布着正交的匀强电场和匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里。一个质子以初速度v0垂直于电场和磁场沿OO从左端入射，恰能沿OO做直线运动。则（ ）AA板的电势低于B板的电势B氦原子核以初速度v0垂直于电场和磁场沿OO从左端入射，仍沿OO做直线运动C氦原子核以初速度v0垂直于电场和磁场沿OO从右端入射，仍沿OO做直线运动D电子以初速度v0垂直于电场和磁场沿OO

3、从左端入射，运动轨迹将向A板偏转4、如下图的电路中,当滑动变阻器的滑动头向下滑动时,A、B两灯亮度的变化情况为( )AA灯和B灯都变亮BA灯和B灯都变暗CA灯变亮,B灯变暗DA灯变暗,B灯变亮5、如图所示，正电荷Q均匀分布在半径为r的金属球面上，沿x轴上各点的电场强度大小和电势分别用E和表示选取无穷远处电势为零，下列关于x轴上各点电场强度的大小E或电势随位置x的变化关系图，正确的是（ ）ABCD6、如图所示的U-I图象中，直线为某电源的路端电压与电流的关系，直线为某一电阻R的伏安特性曲线，用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图象可知（ ）AR的阻值为1.5B电源电动势为3V，内阻为0.5C电

4、源的输出功率为3.0WD电源内部消耗功率为0.5W二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示为密立根油滴实验示意图。实验中要设法使带负电的油滴悬浮在电场中。若在实验中观察到某一个带负电的油滴向下加速运动。在该油滴向下运动的过程中，下列说法正确的是A电场力做负功B重力和电场力的合力做正功C电势能逐渐增大D重力势能的减少量小于动能的增加量8、如图所示，实线是一个电场中的电场线，虚线是一个负试探电荷在这个电场中的运动轨迹，若电荷是从a处运动到b处，以下判断正确的是（）A电

5、荷电荷从a到b加速度减小B试探电荷在b处的电势能比a处大Cb处电势比a处高D试探电荷在b处速度比a处小9、如图所示，质量相同的两个带电粒子P、Q以相同的初速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中，P从两极板正中央射入，Q从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点(重力不计)，则从开始射入到打到上极板的过程中( )A它们运动的时间tQtPB它们所带电荷量之比qPqQ12C它们的电势能减少量之比EPEQ12D它们的动能增量之比EkPEkQ1410、电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的（ ）A输出功率一定先增大后减小B总功率一定减小C内部损耗功率可能增大D效率一定增大三、实验题：本

6、题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）要测绘一个标有“3 V 0.6 W”小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3 V，并便于操作。已选用的器材有：直流电源（电压为4 V）；电流表（量程为00.6 A，内阻约0.5 )；电压表（量程为03 V，内阻约3 k)；电键一个、导线若干。（1）实验中所用的滑动变阻器应选下列中的_（填字母代号）。A滑动变阻器（最大阻值10 ，额定电流1 A）B滑动变阻器（最大阻值1 k，额定电流0.3 A）（2）如图为某同学在实验过程中完成的部分电路连接的情况，请你帮他完成其余部分的线路连接。（用黑色水

7、笔画线表示对应的导线）（3）实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示。由曲线可知小灯泡的电阻随电压增大而_（填“增大”、“不变”或“减小”）（4）如果某次实验测得小灯泡两端所加电压如图所示，请结合图线算出此时小灯泡的电阻是_（保留两位有效数字）。（5）根据实验得到的小灯泡伏安特性曲线，下列分析正确的是_。A测得的小灯泡正常发光的功率偏小，主要是由于电压表内阻引起B测得的小灯泡正常发光的功率偏小，主要是由于电流表内阻引起C测得的小灯泡正常发光的功率偏大，主要是由于电压表内阻引起D测得的小灯泡正常发光的功率偏大，主要是由于电流表内阻引起12（12分）如图为“研究电磁感应现象”的实验装置，电键合上前小螺

8、线管已插入到大螺线管中。 （1）将图中所缺的导线补接完整_；（2）如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏转一下，那么合上电键后将小螺线管迅速抽出时，灵敏电流计指针将向_(“左”或“右”)偏转。将滑动变阻器的滑片迅速向左滑动，则灵敏电流计指针将向_(“左”或“右”)偏转。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，地面光滑，质量为m1的A物块，以v0=10m/s的速度向右匀速运动，质量分别为m2、m3的物块B与C，由轻质并且处于原长状态的弹簧相固连，B、C和弹簧初始静止放置，某时刻A与B碰撞后立刻粘在一

9、起已知m1=2kg，m2=m3=3kg，求：(1)A与B碰撞粘在一起后瞬间的速度大小;(2)此后运动过程中，弹簧被第一次压缩到最短时的弹性势能大小14（16分）2019年诺贝尔物理学奖授予三位在宇宙学和地外行星相关领域的料学家，以表彰他们“改变了我们对世界的认知”，这也将引起同学们对天体运动的更多关注。（1）若已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，月球绕地球运动的周期为T1，月球绕地球的运动近似看做匀速圆周运动，试求出月球绕地球运动的轨道半径；（2）若宇航员随登月飞船登陆月球后，在月球表面某处以速度v0竖直向上抛出一个小球，经过时间t，小球落回抛出点，试表达出月球表面的重力加速度g月，若

10、又已知月球半径为r，万有引力常量为G，试求出月球的质量M月。15（12分）两块厚度相同的木块A和B,紧靠着放在光滑的水平面上,其质量分别为mA=4.0kg,mB=1.8kg,它们的下底面光滑,上表面粗糙;另有一质量mC=0.2kg的滑块C(可视为质点),以vc=20m/s的速度恰好水平地滑到A的上表面，如图所示，由于摩擦，滑块最后停在木块B上，B和C的共同速度为1.0m/s，求：(1)木块A的最终速度VA；(2)滑块C离开A时，滑块C的速度VC的大小.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】玻璃杯从同一高度下

11、落，落地前的速度大小相等，故落地前的动量相等；而最后的速度均为零；故说明动量的变化一定相等；由动量定理可知冲量也一定相等；但由于掉在水泥地上的时间较短，则说明玻璃杯掉在水泥地上动量变化较快，从而导致冲击力较大；使玻璃杯易碎；故D正确。2、B【解析】顺着电场线方向，电势必定降低，则有abc；Aabbc，与结论相符，选项B正确；Ca=b=c，与结论不相符，选项C错误；Da=bc，与结论不相符，选项D错误；3、B【解析】A.由左手定则判断得知质子所受的洛伦兹力方向向上，质子做直线运动，所受的电场力方向应向下，所以的电势高于板的电势，故选项A不符合题意；BD.对于质子，由平衡条件得：解得，可见此式与带

12、电粒子的质量、电荷量、电性无关，所以当电子和也以初速度垂直于电磁场沿从左端入射，洛伦兹力与电场力也平衡，也沿作直线运动，故选项B符合题意，D不符合题意；C.由上分析可知，当以初速度垂直于电磁场沿从右端入射，洛伦兹力方向向下，电场力方向也向下，它将向下偏转，不可能沿作直线运动，故选项C不符合题意。4、B【解析】当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，并联部分的总电阻变小，所以总电阻变小，总电流变大，所以电源内阻的电压变大，所以A灯的电压变小，故A灯变暗；由A的电流变小，而总电流变大，所以通过另一支路的电流变大，所以另一个电阻的电压变大，故灯泡B的电压变小，可知B的功率变小，

13、故B灯变暗。故选B。5、C【解析】该题中正电荷Q均匀分布在半径为r的金属球面上，金属球是一个等势体从金属球到无穷远处的电势降低【详解】AB金属球是一个等势体，等势体内部的场强处处为0，AB错误；CD金属球是一个等势体，等势体内部的电势处处相等，C正确D错误。故选C。【点睛】该题考查带正电荷的金属球周围的场强分布与电势的特点，除了上述的方法，还可以使用积分法求它的场强和电势，属于简单题。6、A【解析】A由图II可知，图像的斜率表示电阻R故A正确；B由图I可知，图像的纵截距表示电源的电动势为3.0V，图像的斜率表示内阻故B错误；C电源的输出功率为：P=UI=1.51=1.5W故C错误；D电源内部消

14、耗的功率为：P内=I2r=1.021.5=1.5W故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABC【解析】AC带负电的油滴受向上的电场力，向下加速运动，则电场力做负功，电势能变大，选项AC正确；B油滴向下做加速运动，则重力和电场力的合力向下，则合力做正功，选项B正确；D根据能量关系可知，重力势能的减少量等于电势能增加量与动能的增加量之和，则重力势能的减少量大于动能的增加量，选项D错误；故选ABC.8、BD【解析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度

15、小，所以粒子在b点的加速度大，所以A错误；从a到b的过程中，电场力做负功，电势能增加，所以b处电势能大，所以B正确；根据粒子的运动的轨迹可以知道，负电荷受到的电场力的方向向下，所以电场线的方向向上，所以a点的电势大于b点的电势，所以C错误；由B的分析可知，电场力做负功，电势能增加，速度减小，所以电荷在b处速度小，所以D正确。故选BD。【点睛】本题关键是知道电场力的方向指向轨迹的凹向；沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小9、ABD【解析】A.带电粒子在垂直电场方向上不受力，都做匀速直线运动，位移相等，由x=v0t可知运动时间相等，即tQ=tP故A正确；

16、平行电场方向受到电场力，做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有：，解得： ；B.由于两带电粒子平行电场方向分位移之比为 yP：yQ=1：2；所以它们所带的电荷量之比 qP：qQ=yP：yQ=1：2，故B正确；C.电势能的减小量等于电场力做的功即E=qEy，因为竖直位移之比为：yP：yQ=1：2，电荷量之比为：qP：qQ=1：2，所以它们电势能减少量之比为：EM：EN=1：1故C错误；D .根据动能定理，有：qEx=Ek而：qP：qQ=1：2，xP：xQ=1：2所以动能增加量之比：EkP：EkQ=1：1故D正确；故选ABD【点睛】本题关键将两个带电粒子的运动分解为垂直电场方向和平

17、行电场方向的分运动，然后结合运动学公式、牛顿运动定律和动能定理列式分析10、BD【解析】由电路图可知，当滑动变阻滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻变大，电源电动势不变，由闭合电路的欧姆定律可知，电路总电流I变小；当滑动变阻器阻值与电源内阻相等时，电源输出功率最大，由于不知道最初滑动变阻器接入电路的阻值与电源内阻间的关系，因此无法判断电源输出功率如何变化，故A错误；电源电动势E不变，电流I变小，电源总功率P=EI减小，故B正确；电源内阻r不变，电流I减小，源的热功率PQ=I2r减小，故C错误；电源的效率，电源内阻r不变，滑动变阻器阻值R变大，则电源效率增大，故D正确； 故选

18、BD【点睛】此题是对动态电路的功率分析问题；关键是知道电源的总功率P=IE，电源内阻上的功率P=I2r，电源的效率；知道当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大等结论；此题考查学生对基本公式的应用能力.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A增大12 C【解析】由于采用分压式接法，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法，然后连接实物电路图；根据图示图象应用欧姆定律分析答题；由图示电压表读出其示数，由图示图象求出对应的电流，然后由欧姆定律求出电阻阻值；根据电路图应用串并联电路特点与功率公式分析答

19、题；【详解】解：(1) 由于采用分压式接法，为方便实验操作，滑动变阻器应选择A；(2)描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡正常发光时的电阻为：R=U2P=320.6=15, 电流表内阻约为0.5，电压表内阻约为3k，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示：(3)由图示图象可知，随电压增大通过灯泡的电流增大，电压与电流表的比值增大，灯泡电阻增大；(4)电压表量程为3V，由图示电压表可知其分度值为0.1V，示数为2.3V，由图示图象可知，2.3V对应的电流为0.196A，此时灯泡电阻为：R=UI=2.30.19612；(5)电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，所测电流I偏大，测得的小灯泡正常发光的功率P=UI偏大，故C正确，A、B、D错误；故选C。12、 左 左 【解析】（1）1如图所示（2）2在闭合电键时和电流计串联的线圈中磁通量增加，发现灵敏电流计的指针向右偏转一下，那么合上电键后将小螺线管迅速抽出时和电流计串联的线圈中磁通量减小，灵敏电流计指针将向左偏转； 3将滑动变阻器触头迅速向左移动时，滑动变阻器的电阻减