2023学年大连市第九中学物理高二上期中学业质量监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、不考虑温度对电阻的影响，关于一个“220V，40W”的灯泡，下列说法正确的是（）A接在110 V的线路上时的功率为20 WB接在110 V的线路上时的功率为10 WC接在55 V的

2、线路上时的功率为5WD灯泡两端所加电压为零时，它的电阻为零2、质谱仪的两大重要组成部分是加速电场和偏转磁场如图3所示为质谱仪的原理图设想有一个静止的质量为m、带电荷量为q的带电粒子(不计重力)，经电压为U的加速电场加速后垂直进入磁感应强度为B的偏转磁场中，带电粒子打到底片上的P点，设OPx，则在图4中能正确反映x与U之间的函数关系的是 ()ABCD3、如图所示，用细绳系一小球，使小球在水平面内做匀速圆周运动，不计空气阻力，关于小球的受力情况和运动情况，下列分析正确的是（）A受重力、绳子拉力和向心力B重力的分力提供小球做圆周运动的向心力C若细绳与竖直方向的夹角变大，那么小球做匀速圆周运动的周期变

3、大D若细绳与竖直方向的夹角变小，那么小球做匀速圆周运动的周期变大 4、如图所示，匀强电场水平向左，带正电的小物块沿绝缘水平面向右运动，经A点时动能为100J，经B点时动能减少了原来的4/5.在减小的动能中有3/5转化为电势能，则它再次经过B点时具有的动能大小为（）A4JB6JC8JD12J5、如图所示，一矩形线框，从abcd位置移动到abcd位置的过程中，关于穿过线框的磁通量情况，下列叙述正确的是(线框平行于纸面移动)()A一直增加B一直减少C先增加后减少D先增加，再减少直到零，然后再增加，然后再减少6、如图，真空中O点有一负点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为，方向与ab连

4、线成60角，b点的场强大小为，方向与ab连线成30。关于a、b两点场强、及电势、的关系，正确的是 ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，矩形位于匀强电场中，且与匀强电场方向平行。已知，、的电势分别为、初动能为、电荷量大小为的带电粒子从沿着方向射入电场，恰好经过不计粒子的重力，下列说法正确的是 A点的电势为B该粒子一定带负电C该粒子达到点时的动能为D只改变初速度方向，该粒子可能经过8、如图所示，带负电的粒子以速度v从粒子源P处射出，若图中匀强磁场范围足够

5、大(方向垂直纸面)，则带电粒子的可能轨迹是AaBbCcDd9、如图所示的电路，当滑线变阻器滑片P由a滑到b的过程中，三只理想电压表示数变化的绝对值分别为、，则下列各组数据中可能出现的是（ ）A、B、C、D、10、如图所示的电路中，电源电动势E3 V，内电阻r1 ，定值电阻R13 ，R22 ，电容器的电容C100 F，则下列说法正确的是 ( )A闭合开关S，电路稳定后电容器两端的电压为1.5 VB闭合开关S，电路稳定后电容器所带电荷量为3.0104CC闭合开关S，电路稳定后电容器极板a所带电荷量为1.5104CD先闭合开关S，电路稳定后断开开关S，通过电阻R1的电荷量为3.0104C三、实验题：

6、本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一薄的金属圆片的直径和厚度，读出图中的示数，该金属圆片的直径的测量值为 cm，厚度的测量值为 mm12（12分）用如图所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T，请根据下列步骤完成电阻测量。(1)旋动部件_，使指针对准电流的“0”刻线；(2)将K旋转到欧姆挡“100”的位置；(3)将插入“”、“”插孔的两表笔短接，旋动部件_，使指针对准电阻的_（选填“0刻线”或“刻线”）；(4)将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小。为了得到比较准确的测量结果，请

7、从下列选项中挑出合理的步骤，并按_的顺序进行操作，再完成读数测量；A将K旋转到电阻挡“1k”的位置；B将K旋转到电阻挡“10”的位置；C将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接；D将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准(5)如图所示为一多用电表表盘。如果用直流10V挡测量电压，则读数为_V；如果用100挡测电阻，则读数为_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，水平导轨间距为L0.5 m，导轨电阻忽略不计；导体棒ab的质量m1 kg，电阻R00.9 ，与导轨接触良好；电源电动势E10 V，

8、内阻r0.1 ，电阻R4 ；外加匀强磁场的磁感应强度B5 T，方向垂直于ab，与导轨平面成夹角53；ab与导轨间的动摩擦因数为0.5（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力），定滑轮摩擦不计，线对ab的拉力为水平方向，重力加速度g10 m/s2，ab处于静止状态。已知sin 530.8，cos 530.6。求：（1）通过ab的电流大小和方向；（2）ab受到的安培力大小；（3）重物重力G的取值范围。14（16分）如图所示，M为一线圈电阻r=0.4的电动机，R=24，电源电动势E=40V.当S断开时，电流表的示数，I1=1.6A，当开关S闭合时，电流表的示数为I2=4.0A求（1）电源内阻。（2）开关S闭合

9、时电动机发热消耗的功率和转化为机械能的功率。（3）开关S闭合时电源输出功率和电动机的机械效率。15（12分）如图所示，在沿水平方向的匀强电场中有一固定点O，用一根长度为L=0.4m的绝缘细线把质量为m=0.10kg、带有正电荷的金属小球悬挂在O点，小球静止在B点时细线与竖直方向的夹角为=370；现将小球拉至位置A使细线水平拉直后由静止释放已知g=10m/s2，sin370=0.60 ，cos370=0.80求：（1）小球从A到C的过程中电场力所做的功？（2）小球运动到最低点C时速度v的大小？（3）小球运动到最低点C时对细线的拉力大小？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

10、在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】AB接220V时，额定功率为40W；若接在110V的电路上，电压减小为，电阻不变，根据公式可知实际功率减小为，为10W，故A错误，B正确；C若接在55V的电路上，电压减小为，电阻不变，根据公式实际功率减小为，为2.5W，故C错误；D灯泡两端所加电压为零时，导体电阻与电压无关，它的电阻为不变，故D错误；故选B。2、B【解析】带电粒子先经加速电场加速，故qUmv2，进入磁场后偏转，OPx2r，两式联立得，OPx，所以B为正确答案3、D【解析】AB小球受重力和绳子拉力两个力作用，合力指向圆心，提供向心力，向心力不是小球所受的力，故AB

11、错误；CD由牛顿第二定律可知解得若细绳与竖直方向的夹角变小，那么小球做匀速圆周运动的周期变大，选项C错误，D正确。故选D。4、A【解析】由题中“带正电的小物块沿绝缘水平面向右运动”可知，本题考查动能定理、摩擦力做功和电场力做功，运用动能定理，合外力做功等于动能的变化量可求解本题。【详解】设物体向右最终运动到C点，然后返回，AB间的距离为x1，BC间的距离为x2，则由动能定理可得所以又有则即由B到C，电势能增加12J，所以克服摩擦力做功，则得摩擦力小于电场力，则物块的速度能减小到零再返回，因此由B到C再到B的过程中有解得：A.4J，与计算结果相符，故A项正确；B.6J，与计算结果不符，故B项错误

12、；C.8J，与计算结果不符，故C项错误；D.12J，与计算结果不符，故D项错误。5、D【解析】离导线越近，磁场越强，当线框从左向右靠近导线的过程中，穿过线框的磁通量增大，当线框跨在档线上向右运动时，磁通量减小，当导线在线框正中央时，磁通量为零，从该位置向右，磁通量又增大，当线框离开导线向右运动的过程中，磁通量又减小；故ABC错误，D正确；故选D6、B【解析】a点到O点的距离b点到O点距离根据点电荷的场强公式可得：通过电场强度的方向可知，O点的电荷为负电荷，因沿着电场线方向电势逐渐降低，离负电荷越远电势越高，故有abA. 与分析不符，故A错误。B. 与分析相符，故B正确。C. 与分析不符，故C错

13、误。D. 与分析不符，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】A根据匀强电场中平行的等间距的两点间的电势差相等，则得 A-B=D-C，则C的电势 C=1故A正确。B取AB的中点O，则O点的电势为 则OD连线为等势线，电场强度与等势面垂直，且有高电势指向低电势，电场强度垂直OD斜向上，由物体做曲线运动的条件，电场力斜向下，故电荷为负电荷；故B正确。C粒子从A到B，由动能定理，得：qUAB=EkB-EKA-4e（6-2）=EKB-24eV则该粒子到达B点

14、时的动能EKB=8eV故C错误。D如果只改变初速度大小，合力方向不变，依然是逐渐向下偏转，不可能经过C点，故D错误；8、BD【解析】根据左手定则可得，当磁场方向垂直向里时，带电粒子受到水平向左的洛伦兹力，所以轨迹为d，当磁场方向垂直向外时带电粒子受到水平向右的洛伦兹力，所以轨迹为b，故选BD，思路分析：根据左手定则分析，当磁场方向垂直向里时，带电粒子受到水平向左的洛伦兹力，当磁场方向垂直向外时带电粒子受到水平向右的洛伦兹力，试题点评：本题考查了左手定则的应用，注意粒子是带负电，9、BD【解析】滑动变阻器的滑片P从a滑向b的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，路端电压减小，分析变阻

15、器两端电压的变化，根据路端电压的变化，判断U2、U3的大小【详解】滑动变阻器的滑片P从a滑向b的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，U2增大，路端电压U1减小，则变阻器两端电压U3减小由于U1=U2+U3，U1减小，则知U2U3，U1U3，所以BD是可能的，AC不可能故BD正确，AC错误故选BD【点睛】本题解题的关键是抓住U1=U2+U3，根据总量法分析三个电压表读数变化量的大小10、AC【解析】试题分析：由闭合电路的欧姆定律得，闭合开关S，电路稳定后电容器两端的电压即是R1两端的电压，A对；电路稳定后电容器所带电荷量为，B错，C对；先闭合开关S，电路稳定后断开开关S，电容器两极

16、板通过电容器进行放电，通过电阻R1的电荷量为1.5104C，D错考点：闭合电路的欧姆定律，电容的定义式点评：学生会判断电路的连接方式，知道电容器两端的电压就是与其并联的用电器两端的电压，能熟练运用闭合电路的欧姆定律，电容的定义式解相关问题三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.240 ， 1.682 （或1.683）【解析】游标卡尺的主尺读数为12mm，游标读数为80.05mm=0.40mm，所以最终读数为：螺旋测微器的固定刻度读数为1.5mm，可动刻度读数为：所以最终读数为：12、S T 0刻线 ADC 6.5 800 【解析】(1)

17、1电表使用前要旋转机械调零旋钮S进行机械调零，使指针对准电流的0刻线；(3)2将插入“十“、“插孔的表笔短接，旋动欧姆调零旋钮T，使指针对准电阻的0刻线(4)3将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏角过小，则电阻阻值大，说明所选挡位太小，为了得到比较准确的测量结果，应换用大挡进行测量，应将K旋转到电阻挡“1K”的位置，然后将两表笔短接，旋动合适部件，使指针指在电阻零刻度处，再将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接，因此合理是实验步骤是ADC；(5)4如果是用直流10V挡测量电流，由图示表盘可知，其分度值为0.2V，读数为6.5V5如果用100挡测电阻，则读数为8100=800四、计算题

18、：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2 A，方向为a到b（2）5 N（3）0.5 NG7.5 N【解析】（1）通过ab的电流方向为a到b。（2）ab受到的安培力大小FBIL5 N（3）导体棒ab受力如图所示。有fm(mgFcos 53)3.5 N当最大静摩擦力方向向右时FTFsin 53fm0.5 N当最大静摩擦力方向向左时FTFsin 53fm7.5 N所以0.5 NG7.5 N。14、（1）当S断开时E= I1（R+r） （2分） 代入数据的r=1 （1分）（2）开关S闭合时，路端电压为U2U2=EI2r=36V （2分）流过R的电流IR=U/R=1.5A （1分）流过电动机的电流IM=I2-IR=2.5A （1分）电动机输出的机械功率P出=UIMIM2rM=87.5W （2分）(3) PI2U2=144W （3分）【解析】试题分析：(1)当S断开时，电流表的示数，I1=