2023学年福建省泉州市泉港二中物理高二第一学期期中检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、两根完全相同的金属裸导线，如果把其中一根均匀拉长到原来的2倍，把另一根对折后绞起来，则它们的电阻之比为A1:4B1:8C1:16D16:12、如图所示，A、B是某点电荷电场中的一条电场线。在电场线上P处自由释放一个负检验电荷时，它沿直线向B点运动。对此现象，下列判断正确的是（不计电荷重力）（）A电荷向B做匀速运动B电荷向B做加速度越来越小的运动C电荷向B做加速度越来越大的运动D电荷向B做加速运动，加速度的变化情况不能确定3、甲、乙两根粗细均匀的电阻丝，它们的材料相同，甲电阻丝的长度是乙的4倍，甲电阻丝的截面积是乙的2倍，则甲、乙电阻丝电阻之比是（ ）A2：1B1：2C1：4D1：

3、84、远距离输电都采用高压输电，其优点是A可增大输电电流B可加快输电速度C可增大输电功率D可减少输电线上的能量损失5、如图所示，在光滑绝缘水平面上放置3个电荷量均为q(q0)的相同小球，小球之间用劲度系数均为k0的轻质弹簧绝缘连接当3个小球处在静止状态时，每根弹簧长度为l，已知静电力常量为k，若不考虑弹簧的静电感应，则每根弹簧的原长为（ ）ABCD6、如图所示，平行板电容器经开关S与电池连接，a处固定有一电荷量非常小的点电荷，S是闭合的，a表示a点的电势，F表示点电荷受到的静电力，现将电容器的A板向上稍微移动，使两板间的距离增大，则 ( )Aa变大，F变大Ba变大，F变小Ca不变，F不变Da

4、变小，F变小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、物理关系式不仅反映了物理量之间的数值关系，也确定了单位间的关系如关系式U=IR既反映了电压、电流和电阻之间的大小关系，也确定了V(伏)与A(安)和(欧)的乘积是等效的现有物理量单位：m(米)、s(秒)、N(牛)、J(焦)、W(瓦)、C(库)、F(法)、A(安)和(欧)，由它们组合成的单位与电荷量单位“C（库）”一致的是ABCD8、如图所示,边长为L，匝数为N，电阻不计的正方形线圈abcd在磁感应强度为B的匀强磁场中绕转轴

5、OO以恒定角速度转动，轴OO垂直于磁感线，在线圈外接一含有理想变压器的电路，变压器原、副线圈的匝数分别为n1和n1下列判断正确的有( )A在图示位置时线框中磁通量为零，感应电动势为NBL1B电压表V1示数为NBL1C穿过变压器原、副线圈的磁通量的变化率相等D当可变电阻R的滑片P向下滑动时，变压器的输入功率变大9、某同学自制的简易电动机示意图如图所示矩形线圈由一根漆包线绕制而成，漆包线的两端分别从线圈的一组对边的中间位置引出，并作为线圈的转轴将线圈架在两个金属支架之间，线圈平面位于竖直面内，永磁铁置于线圈下方为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来，该同学应将()A左、右转轴下侧的绝缘漆都

6、刮掉B左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉C左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉D左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉10、如图所示，用一端拴有钢球的细绳做“感受向心力”的实验抡动细绳使钢球在光滑水平台面上做圆周运动，则（ ）A绳对钢球的拉力提供向心力B桌面对钢球的支持力提供向心力C只减小钢球的绕行速度，绳的拉力将减小D松手后钢球仍能维持圆周运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分） (1)在测定一根粗细均匀合金丝电阻率的实验中，利用螺旋测微器测定合金丝的直径_mm.(2)某同学为了测定一只电阻的阻值，采用了如

7、下方法：用多用电表粗测：多用电表电阻挡有4个倍率，分别为“1 k”、“100”、“10”、“1”该同学选择“100”倍率，用正确的操作步骤测量时，发现指针偏转角度太大(指针位置如图虚线所示)为了较准确地进行测量，请你补充完整下列依次应该进行的主要操作步骤：a_.b两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在“0”处c重新测量并读数，若这时刻度盘上的指针位置如图中实线所示，测量结果是_(3)为了描绘标有“3 V，0.4 W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡电压能从零开始变化所给器材如下：A电流表(0200 mA，内阻0.5); B电流表(00.6 A，内阻0.01); C电压表(03 V，内阻5 k

8、)；D电压表(015 V，内阻50 k); E滑动变阻器(010，0.5 A)；F滑动变阻器(01 k，0.1 A)；G电源(3 V); H电键一个，导线若干为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是_在虚线框中画出完成此实验的电路原理图，并将实物按电路图用导线连好_此实验描绘出的IU图线是_(填“曲线”或“直线”)，其原因是_.12（12分） (1)在“伏安法测电阻”实验中，所用测量仪器均已校准。其中某一次测量结果如图所示，其电流表的读数为_A(2)如图，下列游标卡尺读数为_cm.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（

9、10分）将一相距为d=40cm的平行板接入如图所示的电路中，当开关闭合时，带正电的小球刚好静止在两平行板间.已知电源电动势E=24V、内阻r=1，R=15，小球的电荷量q=110-2C、质量m=210-2kg，.求：（1）带电小球静止时平行板间的电压U.（2）滑动变阻器接入电路中的部分电阻的阻值RP为多少？.14（16分）如图所示，一个质量为m2.010-11kg，电荷量q1.010-5C的带电微粒(重力忽略不计)，从静止开始经U1100V电压加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场，偏转电场的电压U2100V金属板长L20cm，两板间距d20cm，求：（1）微粒进入偏转电场时的速度v0大小；

10、（2）微粒射出偏转电场时的偏转角；（3）屏离偏转电场距离为L20cm，求微粒落到屏A点到屏中点O的距离。15（12分）竖直放置的平行金属板AB相距30cm，带有等量异种电荷。在两板间用绝缘细线悬挂一个质量m=4.010-5kg，带电荷量q=+3.010-7C的小球，平衡时悬线偏离竖直方向夹角=370,如图所示。(sin370=0.6，cos370=0.8，g=10m/s2)求：（1）AB两板间的电场强度大小； （2）AB两板间的电压。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】试题分析：两根完全相同的金属裸导线，

11、把其中的一根均匀拉长到原来的2倍，长度变为2倍，截面积变为倍，根据电阻定律公式，电阻增加为4倍；另一根对折后绞合起来，长度变为倍，截面积变为2倍，根据电阻定律公式，电阻增加为倍；故这两根导线后来的电阻之比为,故选项D正确，选项ABC错误考点：电阻定律【名师点睛】电阻定律：导体的电阻R跟它的长度L成正比，跟它的横截面积S成反比，还跟导体的材料有关系；公式为；本题关键是根据电阻定律直接判断，要注意金属裸导线体积一定，长度变化后截面积也是改变的2、D【解析】电荷自由释放必定在电场力作用下加速运动；加速度由电场力决定，电场强度大小未知，力的大小未知，加速度变化情况未知。故选D。3、A【解析】已知甲乙两

12、根电阻丝的材料相同，而甲的长度是乙的4倍，甲电阻丝的截面积是乙的2倍；根据，所以甲的电阻是乙的2倍。A2：1，与结论相符，选项A正确；B1：2，与结论不相符，选项B错误；C1：4，与结论不相符，选项C错误；D1：8，与结论不相符，选项D错误；4、D【解析】由P=UI知，P一定，提高输电电压U，则输电电流I减小，根据P损=I2R，输电线上功率损失减小A可增大输电电流，与结论不相符，选项A错误；B可加快输电速度，与结论不相符，选项B错误；C可增大输电功率，与结论不相符，选项C错误；D可减少输电线上的能量损失，与结论相符，选项D正确；故选D点评：解决本题的关键掌握输电功率与输电电压与输电电流的关系，

13、以及掌握输电线上功率损失P损=I2R5、B【解析】对第三个小球受力分析，第三个小球受三个力的作用，它们的关系是解得所以弹簧的原长为故B正确，ACD错误。故选B。6、D【解析】由于开关S闭合，且电容器两极板始终与电源的两极相连，故电容器两极板之间的电压保持不变，随极板上移两极板之间的距离增大，根据可知两极板之间的电场强度减小，由于，由于电场强度减小，故减小，由于，所以点的电势减小；由于点电荷在点所受的电场力，由于减小，所以电场力减小；A与分析不符，故A错误；B与分析不符，故B错误；C与分析不符，故C错误；D与分析相符，故D正确；故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题

14、给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】根据：可知与电荷量单位“C（库）”一致的是.根据：可知与电荷量单位“C（库）”一致的是，故选AB.8、ACD【解析】正弦式交流发电机从线圈所处平面与磁场方向平行开始计时，其电动势表达式为：；在图示位置时穿过正方形线圈中的磁通量为零，磁通量变化率最大，感应电动势最大，电压表和电流表读数为有效值【详解】从线圈所处平面与磁场方向平行时开始计时，矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为，在图示位置时穿过正方形线圈中的磁通量为零，磁通量变化率最大，感应电动势最大，感应电动势为，故A正确；交

15、流电压的最大值等于，电压表示数为有效值，故B错误；根据理想变压器的工作原理得出：穿过变压器原、副线圈的磁通量的变化率相等，故C正确；当P位置向下移动，R减小，根据理想变压器的变压原理知输出电压即电压表的示数不变，输出功率为：，故输出功率变大，变压器的输入与输出功率相等，故当可变电阻R的滑片P向下滑动时，变压器的输入功率变大，故D正确；故选ACD【点睛】本题关键明确交流四值、理想变压器的变压比公式、功率关系，要注意明确输出电压由输入电压决定9、AD【解析】A为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来，将左、右转轴下侧的绝缘漆都刮掉，这样当线圈在图示位置时，线圈的上下边受安培力水平而转动，转过

16、一周后再次受到同样的安培力而使其转动，故 A正确；B若将左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，则当线圈在图示位置时，线圈的上下边受安培力水平而转动，转过半周后再次受到相反方向的安培力而使其停止转动，故B错误；C左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉，电路不能接通，故不能转起来，故C错误；D若将左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉，这样当线圈在图示位置时，线圈的上下边受安培力水平而转动，转过半周后电路不导通，转过一周后再次受到同样的安培力而使其转动，故D正确.10、AC【解析】钢球在光滑水平台面上做圆周运动时，钢球受绳子的拉力、重力和桌面的支持力，其中绳对钢球的拉力提供向心力

17、，桌面对钢球的支持力与重力平衡；选项A正确，B错误；只减小钢球的绕行速度，需要的向心力减小，则绳的拉力将减小，选项C正确；松手后钢球所受的向心力消失，则球不能维持圆周运动而将做直线运动，选项D错误；故选AC.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.6440.646 mm 换用倍率“10”的挡 120 ACEGH 曲线 温度变化，灯丝电阻也会变化 【解析】（1）1合金丝的直径：0.5mm+0.01mm14.5=0.645mm；（2）a.2该同学选择“100”倍率，用正确的操作步骤测量时，发现指针偏转角度太大，说明倍率档选择过高，应该换用倍

18、率“10”的挡；c3测量结果是120.（3）4小灯泡的额定电流为，则电流表可选A；电压表选C；滑动变阻器要接成分压电路，故选阻值较小的E；则为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是ACEGH；56电压表内阻远大于灯泡的内阻，可知要采用安培表外接；滑动变阻器用分压电路，则电路图以及实物连线如图；7此实验描绘出的IU图线是曲线，其原因是灯丝温度变化，电阻也会变化.12、0.42 10.04 【解析】(1)1由图可知，电流表使用的是0.6A的量程，每一个大格代表0.2A，每小格代表0.02A，估读在0.01A，则读数为0.42A；(2)2游标卡尺的主尺读数为100mm，游标为10分度，精确度为0.1mm，游标上第4格刻度与主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为40.1mm，所以最终读数为：100mm+40.1mm=100.4mm=10.04cm四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1） （2）【解析】（1）对小球，由平衡条件得解得 （2）设此时滑动变阻器接入电路的阻值为，由闭合电路欧姆定律得又解得14、（1）1.0104m/s；（2）450；（3）15cm【解析】（1）微粒在加速电场中做加速运动，由动能定理得：qU1=mv02-0代入数据解得：v0=1.0104m/s（2）微粒在偏转电场中做类平抛运动水平方