2023学年广东省清远市阳山县阳山中学物理高二第一学期期中达标测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如下图所示，质量为m的通电细杆ab置于倾角为的两平行导轨上，导轨宽度为d，杆ab和导轨垂直且之间的动摩擦因数为，有电流时，ab恰好在导轨上静止，右图中有四个侧视图，标出了四种磁场的方向，其中杆ab和导轨之间的摩擦力可能为零的是()A甲和乙

2、B丙和丁C甲和丙D乙和丁2、关于曲线运动下列叙述正确的是A物体受到恒定外力作用时，一定不能做曲线运动B物体只有受到一个方向不断改变的力，才可能做曲线运动C物体受到不平行于初速度方向的外力作用时，就做曲线运动D平抛运动是一种加速度变化的曲线运动3、如图所示，一倾角为斜面的光滑斜面放在光滑水平面上，一质量为 m 的滑块沿斜面下滑，在滑块由斜面顶端下滑至底端的过程中，下列说法正确的是 A滑块的机械能守恒B斜面对滑块的支持力的冲量为零C滑块和斜面组成的系统动量守恒D斜面对滑块的支持力对滑块做负功4、如图所示，三个等势面上有a、b、c、d四点，若将一正电荷由c经a移到d点，电场力做正功W1；若由c经b移

3、到d点，电场力做正功W1则W1与W1，c、d两点电势c、d关系为（ ）AW1W1，cd BW1W1，cdCW1W1，cdDW1W1，cd5、对于给定的电容器，描述其电容C、电荷量Q、电压U之间相应关系的图应是下图中的()ABCD6、关于电场的场强，下列说法正确的是（ ）A在电场中某点放一检验电荷后，该点的电场强度会发生改变B由电场强度定义式E=可知，电场中某点的E与q成反比，与q所受电场力F成正比C电荷在电场中某点所受力的方向即为该点的电场强度方向D只受电场力的正电荷在电场中运动时的加速度放向一定是该点场强方向二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个

4、选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能EP随位移x变化的关系如图所示，其中0-x2段是关于直线x=x1，对称的曲线，与x2-x3段是直线，则下列说法正确的是Ax1用处电场强度最小，但不为零B粒子在0-x3段做变速运动，x2-x3段做匀变速运动Cx2-x3段的电场强度大小方向均不变，为一定值D在O、x1、x2、x3处电势1、2、3的关系为12=038、压敏电阻的阻值R随所受压力的增大而减小。其兴趣小组利用压敏电阻设计了判断电梯运动状态的装置，其装置示意图如图所示。将压敏电阻平放在电梯内，受压面朝上，在

5、上面放一物体A，电梯静止时电压表示数为，电梯在某次运动过程中，电压表的示数变化情况如图乙所示，下列判断中错误的是（ ）。A乙图表示电梯可能匀速下降B乙图表示电梯可能匀减速下降C乙图表示电梯可能变减速上升D乙图表示电梯可能变减速下降9、下列说法中，正确的是( )A当两个正点电荷互相靠近时，它们之间的库仑力增大，它们的电势能也增大B当两个负点电荷互相靠近时，它们之间的库仑力增大，它们的电势能也增大C一个正电荷与一个负点电荷互相靠近时，它们之间的库仑力增大，它们的电势能也增大D一个正点电荷与一个负点电荷互相靠近时，它们之间的库仑力减小，它们的电势能也减小10、如图所示，电源的电动势和内阻都保持不变，

6、当滑动变阻器的滑动触点向左端移动时（ ）A电压表的读数增大B电压表的读数减小C电流表的读数增大D电流表的读数减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）有一个小灯泡上标有“4 V，2 W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的IU图线。现有下列器材供选用：A电压表(05 V，内阻约10 k)B电压表(015 V，内阻约20 k)C电流表(03 A，内阻约1 )D电流表(00.6 A，内阻约0.4 )E滑动变阻器(10 ，2 A)F滑动变阻器(500 ，1 A)G学生电源(直流6 V)、开关、导线若干（1）实验中所用电压表应选_，电流表应

7、选用_，滑动变阻器应选用_横线上均填字母编号）。（2）在虚线框内画出实验电路图_。（3）利用实验数据绘出小灯泡的伏安特性曲线如图(甲)所示，分析曲线说明小灯泡电阻变化的特点：_（4）若把电器元件Z和小灯泡接入如图(乙)所示的电路中时，通过Z的电流为0.22A，已知A、B两端电压恒为2.5V，则此时灯泡L的功率约为_W（保留两位有效数字）12（12分）按照有效数字规则读出下列电表的测量值（1）接03V量程时读数为_V （2）接00.6A量程时读数为_A四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，匀强电场电场

8、线与AC平行，把108C的正电荷从A点移到B点，静电力做功6108J，AB长6cm，AB与AC成60角求：(1)在图中标出场强方向及计算场强大小；(2)设B处电势为1V，则A处电势为多少；(3)在（2）问基础上，该电荷在A点电势能为多少14（16分）如图所示的电路中A、B、C为三个规格不同的小电珠，R为滑动变阻器，在A、B上分别标有“2 V，0.2 W”和“1.5 V，0.15 W”字样，而C上只看得出标有“2 V”字样当滑片P在图示位置时，A、B、C三个小电珠均能正常发光，已知电源电动势为6 V，内阻为1 ，求：(1)滑动变阻器的阻值R；(2)三个小电珠正常发光时，滑动变阻器所消耗的电功率1

9、5（12分）在图示电路中，稳压电源的电压U=9V，电阻R1=9，R2为滑动变阻器，电流表为理想电表小灯泡L标有“6V，6W”字样，电阻随温度的变化不计电键S断开时，求：(1)电流表的示数I；(2)小灯泡L的实际功率PL；(3)闭合电键S，为使小灯泡L正常发光，滑动变阻器R2接入电路的阻值是多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】对于甲图，通电细杆受重力、竖直向上的安培力，若重力与安培力相等，则二力平衡，则不受摩擦力；对于乙图，通电细杆受重力，水平向右的安培力和斜面的支持力，若三个力平衡，不受摩擦力；对于

10、丙图，通电细杆受重力，竖直向下的安培力和支持力，要想处于平衡，一定受摩擦力；对于丁图，通电细杆受重力，水平向左的安培力和支持力，要想处于平衡，一定受摩擦力；杆ab与导轨之间的摩擦力可能为零的是甲、乙，故A正确，B、C、D错误；故选A【点睛】首先根据左手定则判断出安培力的方向，然后通过对杆ab受力分析，根据共点力平衡判断杆子是否受摩擦力2、C【解析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，速度的方向与该点曲线的切线方向相同；平抛运动的合外力不变。【详解】A、B项：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向可以不变化，比如平抛运动。故A错误，B错误；C项：物体做曲

11、线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，即物体受到不平行于初速度方向的外力作用时，物体做曲线运动，故C正确；D项：平抛运动的加速度的大小与方向都不变，是一种匀变速曲线运动，故D错误。故应选：C。【点睛】本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住。3、D【解析】A滑块下滑的过程中，斜面向右运动，即滑块对斜面做功，则滑块的机械能不守恒，选项错误；B斜面对滑块的支持力的作用时间不为零，根据I=Ft可知冲量不为零，选项B错误；C滑块和斜面组成的系统水平方向受合外力为零，则水平方向动量守恒，选项C错误；D斜面对滑块的支持力的方向与滑块的位移的方

12、向的夹角大于90，可知斜面对滑块做负功，选项D正确。4、D【解析】电场力做正功，电势能减小，且数值上相等，所以W1=W1又由于电荷为正，则说明电势减小，所以，故D正确。所以选D。5、B【解析】是电容的定义式，电容器电容的大小与电容的带电量Q以及电容器两极板之间的电压无关，电容器电容的决定式为：，只要电容器不变其电容就不发生变化，故ACD错误，B正确故选B6、D【解析】A检验电荷的引入是为了研究电场的方便，引入后，不会影响原电场，即该点的场强不会发生改变，故A错误；B电场强度的定义式是比值法，场强取决于电场本身，并不是与电场中某点的E与q成反比，与q所受电场力F成正比，故B错误；C根据场强方向的

13、规定可知，正电荷所受电场力的方向与场强方向相同，负电荷所受电场力的方向与场强方向相反，故C错误；D正电荷电场力方向与场强同向，所以只受电场力的正电荷在电场中运动时的加速度放向一定是该点场强方向，故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】场强与电势的关系： ，根据电势能：Ep=q，联立可得： ，可知Ep-x图象切线的斜率为，x1处切线斜率为零，所以x1处电场强度为零，故A错误；由图看出在0 x1段图象切线的斜率不断减小，可知场强逐渐减小，粒子所

14、受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动，在x1x2段图象切线的斜率不断增大，场强增大，粒子所受的电场力增大，加速度增大，做非匀变速运动，x2x3段斜率不变，场强不变，即电场强度大小和方向均不变，粒子所受的电场力不变，加速度不变，做匀变速直线运动，故BC正确；根据电势能与电势的关系：Ep=q，粒子带负电，q0，可知电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以12=03，故D正确。所以BCD正确，A错误。8、ABC【解析】A电梯匀速下降时，压敏电阻所受压力等于重力不变，其电压不变，与图象反映的情况不符，故A错误；B电梯匀减速下降时，加速度不变，压敏电阻所受压力不变，其电压不随时间而变化，与图象情况不

15、符，故B错误；C电梯变减速上升时，其加速度向下，根据牛顿第二定律，压敏电阻所受压力小于重力，则其电压逐渐增大，与图象意义不符，故C错误；D电梯变减速下降时，压力大于重力，由其特性知，其电压逐渐减小，与图象的意义相符，故D正确。9、AB【解析】当两个正点电荷互相靠近时，它们之间的库仑力增大，由于要克服斥力做负功，则它们的电势能增大；同理当两个负点电荷互相靠近时，它们之间的库仑力增大，它们的电势能也增大，选项AB正确；一个正电荷与一个负点电荷互相靠近时，它们之间的库仑力增大，由于库仑力做正功，则它们的电势能减小，选项CD错误；故选AB. 10、AD【解析】当滑动变阻器的滑动触点向左端移动时，变阻器

16、接入电路的电阻增大，外电路总电阻R增大，由欧姆定律分析总电流I减小，路端电压U=EIr增大，则V的示数增大；电阻R2的电压U2=EI(r+R1)增大，流过电阻R2的电流I2增大，则流过电流表的电流I3=II2减小，电流A的读数减小，故AD正确，BC错误故选AD点睛：当滑动变阻器的滑动触点向左端移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再分析流过变阻器电流的变化，来判断电表读数的变化三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 A D E 小灯泡的电阻随温度的升高而增大 0.31【解析】试题分析：根

17、据灯泡额定电压选择电压表，根据灯泡额定电流选择电流表，为方便实验操作，在保证安全的前提下，选用最大阻值较小的滑动变阻器根据灯泡正常发光时的电阻与电表内阻的关系选择电流表的接法然后作出实验电路图，根据电阻定义可知，电阻大小与I-U图线上的点与原点连线的斜率倒数成正比，说明小灯泡的电阻随温度的升高而增大根据I-U图象读出0.22A对应的电压大小，然后根据P=UI求出功率即可（1）灯泡额定电压为4V，则电压表应选：A；灯泡额定电流为，电流表应选：D；为方便实验操作，滑动变阻器应选E；（2）描绘小灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻，电压表内阻为10k，电流表

18、内阻为0.4，灯泡电阻远小于电压表内阻，所以电流表采用外接法，实验电路图如图所示：（3）根据可知，小灯泡电阻与I-U图象上各点与原点连线的斜率倒数成正比，所以小灯泡电阻随温度的升高而增大；（4）由I-U图象可知时对应的电压，所以小灯泡的功率为： 12、2.17 0.16 【解析】试题分析：电表读数,最小刻度是1的读到0.1,最小刻度是2和5的读到1，所以上面二表的读数分别为2.17V和0.16A考点：电表读数四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1） ，场强方向由A指向C（2）7V （3）【解析】正电荷从A移至B，静电力做正功，静止力与位移的夹角为锐角，电场力方向应沿AC方向，电子带正电，电场强度方向与电场力方向相同，判断出场强方向；根据静电力做功求出场强大小；根据