2023学年福建省厦门市第一中学高二物理第一学期期中联考模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、电荷Q在电场中某两点间移动时，电场力做功W，由此可算出两点间的电势差为U；若让电量为2Q的电荷在电场中的这两点间移动则（ ）A电场力做功仍为WB电场力做功C两点间的电势

2、差仍为UD两点间的电势差为2、关于某同学起跳离开地面后的运动状态，下列说法正确的是A上升、下降时都处于超重状态B上升时处于超重状态，下降时处于失重状态C上升、下降时都处于失重状态D上升时处于失重状态，下降时处于超重状态3、下面关于作用力和反作用力的说法中，正确的是A两物体间的作用力和反作用力一定是同性质的力B先有作用力，后有反作用力C只有物体处于静止状态时，物体间才存在作用力和反作用力D只有物体接触时，物体间才存在作用力和反作用力4、如图所示，边长为L的菱形由两个等边三角形abd和bcd构成，在三角形abd内存在垂直纸面向外的磁感应强度为B的匀强磁场，在三角形bcd内存在垂直纸面向里的磁感应强

3、度也为B的匀强磁场一个边长为L的等边三角形导线框efg在纸面内向右匀速穿过磁场，顶点e始终在直线ab上，底边gf始终与直线dc重合规定逆时针方向为电流的正方向，在导线框通过磁场的过程中，感应电流随位移变化的图象是（）A BC D5、如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为一根光滑绝缘的竖直细杆，放在两电荷连线的中垂线上，a、b、c三点所在直线平行于两点电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上。下列说法不正确的是（ ）Ab点场强小于d点场强B试探电荷-q在a点的电势能小于在b点的电势能C试探电荷-q在a点的电势能等于在c点的电势能D套在细杆上的带电小环由静止释

4、放后将做匀加速直线运动6、如图所示，场强E的方向竖直向下，磁感应强度B1的方向垂直于纸面向里，磁感应强度B2的方向垂直纸面向外，在S处有四个二价正离子，甲、乙、丙、丁垂直于场强E和磁感应强度B1的方向射入，若四个离子质量m甲=m乙m丙=m丁，v甲v乙=v丙bcD电子从位置1到2和从位置3到4的过程中电场力做功的关系是|W12|2W3410、如图(a)所示，光滑绝缘水平面上有甲、乙两个点电荷t=0时，甲静止，乙以初速度6m/s向甲运动此后，它们仅在静电力的作用下沿同一直线运动(整个运动过程中没有接触)，它们运动的v-t图象分别如图(b)中甲、乙两曲线所示则由图线可知（ ） A两电荷的电性一定相反

5、Bt1时刻两电荷的电势能最大C0t2时间内，两电荷的静电力先增大后减小D0t3时间内，甲的动能一直增大，乙的动能一直减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学为了测量一均匀金属圆柱体的电阻率，完成下列步骤：（1）用游标卡尺测量其长度，如图甲所示，其长度为_（2）用螺旋测微器测量其直径为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应旋紧图乙中的部件_（填“A ”“B”“C”或“ D”）从图乙中可知其直径为_mm。（3）若用伏安法测得流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端的电压为U圆柱体的直径和长度分别用D和L表示，则该圆柱体的电阻率=_（用I、

6、U、D和L表示）。12（12分）在描绘小灯泡伏安特性曲线实验中选择“3V 0.5A的小灯泡作为研究对象，(填入器材序号)A电流表(量程00.6A，内阻1)B电流表(量程03A，内阻1) C电压表(量程015V，内阻约10k) D电压表(03v，内阻约2k)E.滑动变阻器(阻值0100)F.滑动变阻器(阻值010)G.电源E=6VH.开关I，导线若干(1)在本实验中，电流表应选择_电压表应选择_滑动变阻器应选择_(2)滑动变阻器应采用_(填“分压”或“限流”)接法，电流表应采用_(填“内”、“外”)接法 (3)在答题卡虚线框中画出实验电路图. 可用的器材有：电压表、电流表、滑线变阻器（变化范围0

7、10）、电源、小灯泡、电键、导线若干.（用直尺作图）_(4)小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变大.某同学为研究这一现象，用实验得到如下数据（I和U分别表示小灯泡上的电流和电压）：I（A）0.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50U（V）0.200.400.600.801.001.201.401.601.802.00在答题卡坐标格中画出小灯泡的UI曲线保留描点痕迹）_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在静电场中，将一电量q= 1.5106C的电荷从A点移到B点，电场力做

8、功为310-4J。如果将该电荷从C点移到A点，克服电场力做功1.510-4J。求：（1）AB两点的电势差UAB、AC两点的电势差UAC（2）若将此电荷从A点移动到无穷远处，克服电场力做功为610-4J，求电荷在A点的电势。（设无穷远电势为零）14（16分）如图所示，电源内阻r=1, R1=2, R2=6, 灯L上标有“3V 1.5W”的字样,当滑动变阻器R3的滑片P移到最右端时,电流表示数为1A，灯L恰能正常发光，电流表为理想电表（不考虑温度对小灯泡电阻的影响）(1)求电源的电动势;(2)当滑动阻器的Pb段电阻多大时,变阻器R3上消耗的功率最大?最大值多大?15（12分）如图所示的电路中，电源

9、电动势E=10V，内阻r=0.5，电动机的电阻R0=1.0，电阻R1=1.5电动机正常工作时，电压表的示数U1=3.0V，求：（1）电源释放的电功率；（2）电动机消耗的电功率将电能转化为机械能的功率；参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：由电场力做功的公式W=qU可知AB错；电势与电势差是电场本身的性质，与试探电荷无关，CD错；考点：考查电势与电场的关系点评：难度较小，明确电势与电势差为电场本身的性质，只有电场力做功才与电势差、电荷大小决定2、C【解析】考查超重和失重。【详解】上升、下降时，都只受

10、重力作用，加速度都向下，都为失重状态，ABD错误，C正确，故选C。3、A【解析】考查作用力与反作用力。【详解】A作用力与反作用力一定是同性质的力，A正确；B作用力和反作用力同时产生，同时消失，B错误；C作用力和反作用力的产生与运动状态无关，C错误；D场力可以不用接触，比如两个电荷间的相互作用力，D错误；故选A。4、A【解析】感应电动势E=BL有v，电流I=ER=BL有vR，三角形egf向右运动，根据右手定则，开始时ef切割磁感线，产生顺时针电流，大小设为I0，0-L3过程，en切割磁感线产生向下的电流，nf产生向上的电流，em产生向下电流，切割磁感线的有效长度为L有=en-nf-em，随着三角

11、形的运动L有在减小，感应电流减小，当运动L3时，L有=0，电流为零，L3-L过程，继续移动根据等边三角形的几何关系，nf+em大于en，L有=nf+em-en，逐渐变大，电流变大，当efg与bcd重合时，eg边和ef切割磁感线，产生电流方向均为逆时针，大小变为2I0，L-2L过程中，继续移动gm切割磁感线，产生感应电动势，L有=gm，逐渐减小，直至全部出磁场电流为零，A正确5、C【解析】在两等量异号电荷连线上中点的电场强度最小；在两等量异号电荷连线的中垂线上中点的电场强度最大，所以b点的场强小于连线中点的场强，d点的场强大于中点的场强，则b点场强小于d点场强，故A正确；中垂线上各点电势均为0，

12、左侧靠近正电荷的点电势均为正，故b点电势低于a点的电势；试探电荷-q在a点的电势能小于在b点的电势能，故B正确；a点电势为正，c点电势为负，试探电荷-q在a点电势能为负，而在c点电势能为正，故-q在a点的电势能小于在c点的电势能，故C错误；细杆所在的各点电场强度方向均向右侧，带电环受静电力和杆的弹力在水平方向平衡，只有重力使环做加速运动，加速度为g，故D正确。此题选择不正确的选项，故选C。【点睛】本题考查电场的性质以及物体在电场中的运动情况分析，要求熟练掌握等量异种电荷的电场中各点的电场强度大小、方向，各点电势的高低。6、B【解析】四种粒子，只有两个粒子通过速度选择器，只有速度满足v=EB，才

13、能通过速度选择器。所以通过速度选择器进入磁场的粒子是乙和丙，根据qvB=mv2R，R=mvqB，乙的质量小于丙的质量，所以乙的半径小于丙的半径，则乙打在P3点，丙打在P4点。甲的速度小于乙的速度，即小于EB，洛伦兹力小于电场力，粒子向下偏转，打在P1点。丁的速度大于乙的速度，即大于EB，洛伦兹力大于电场力，粒子向上偏转，打在P2点，故B正确，ACD错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】由电容器的定义可知，该仪器中的芯柱和导电液体相当于电容器的两个极板，

14、故A正确；绝缘层厚度越厚，则电容器的d越大，则电容越小，B错误；设芯柱的半径为r，芯柱外套的绝缘层厚度为d，则该装置的电容值为C=rS/4kd=r2rh/4kdh，C增大，液面升高，C正确D错误8、AC【解析】A. 多用电表测电压、电流时，电流由外部电源提供，红表笔的电势都高于黑表笔的电势，故A正确。B. 用多用电表电阻时，用到了表内的电源，测电压、电流时，没有用到表内的电源，故B错误。C. 测电阻时，必须把与被测电阻相接的电源分离，故C正确。D. 测电阻时，两个表笔要与待测电阻接触良好才能测得较准确，但不能用两手分别将两个表笔与电阻两端紧紧捏在一起，因人体也是一电阻，故D错误。9、AB【解析

15、】A电子在运动的整个过程中只受电场力，故只有电场力做功，电场力做功等于电势能的减小量，总功又等于动能的增加量,故电势能和动能之和守恒,所以A正确;B因为曲线运动的合力应该指向内侧,故从电子的运动轨迹可以看出,电子受到排斥力,故O处的场源电荷是负电荷，故B正确;C因为场源电荷是负电荷，又因为沿着电场线电势降低,故结合负点电荷的电场线分布规律可以知道：故C错误;D因为负点电荷的电场不是匀强电场,电场线越密的地方，等差等势面也越密；故从位置1到位置2电场力做的功大于从位置3到位置4电场力做功的两倍,故D错误;故选AB.10、BC【解析】A、由图像看出,甲从静止开始与乙同向运动,说明甲受到了乙的排斥力

16、作用,则知两电荷的电性一定相同.故A错误.B、由于甲乙之间是排斥力，所以当甲乙之间的距离减小时说明电场力做负功，电势能增大，结合图像可知在t1时电势能由最大值，故B正确；C、图像包围的面积代表甲乙走过的位移，从图像上可以看出在0t2时间内甲乙之间的距离先减小后增大，所有静电力先增大后减小，故C正确；D、0t3时间内，甲的动能一直增大，乙的动能先减小后反向增大，故D错误；故选BC点睛：会结合图像找到甲乙位移之间的关系，并利用静电力做功找到电势能变化规律三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、42.35 B 0.410 【解析】（1）1用游标卡

17、尺测量其长度为：4.2cm+0.05mm7=4.235cm=42.35mm；（2）23用螺旋测微器测量其直径为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应旋紧图乙中的部件B从图乙中可知其直径为：0.01mm41.0=0.410mm。（3）4若用伏安法测得流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端的电压为U则由电阻定律则该圆柱体的电阻率12、A； D； F； 分压式； 外接法 【解析】（1）电流表、电压表的指针偏转角度超过一半时，误差较小。故在本实验中，电流表应选择A，电压表应选择D。为调节电压方便，滑动变阻器应选择总电阻阻值较小的F；（2）由于要求小灯泡电压从零开始变化，故滑动变阻器采用分压接法；小灯泡的电阻R

18、=U/I=3/0.5=6，远小于电压表内阻，与电流表内阻差不多，故电流表应采用电流表外接法；（3）实验电路图如图所示：(4)根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象如图所示，四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）-200V；-100V （2）400V【解析】（1）AB两点间的电势差：UABWABq=310-4-1.510-6V=-200V CA两点间的电势差：UCA=WCAq-1.510-4-1.510-6=100V ，则UAC=-UCA=-100V（2）将该电荷从A点移动到无穷远处克服电场力做功为610-4J，UA0=WA0q=-610-4J-1.510-6C=400V，则UA-0=UA0，则UA=400V【点睛】本题关键记住两个公式： UABWABq，计算