2023学年福建省厦门市湖里区双十中学物理高二第一学期期中统考模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、处于静电平衡的导体，其内部场强处处为零的原因是（ ）A外电场和所有感应电荷的电场在导体内部

2、叠加的结果为零B外电场不能进入导体内部C所有感应电荷在导体内部产生的合场强为零D以上解释都不正确2、如图所示，一根放在匀强磁场中的通电直导线，导线与磁场方向垂直，图中已分别标明电流、磁感强度和安培力这三者方向的关系，其中正确的是（ ）ABCD3、如图所示，E为电源，C为电容器，R为定值电阻，S为单刀双掷开关，则AS接1时，电容器充电且上极板电势较低BS接2时，电容器放电且放电电流从左往右经过定值电阻RC保持S接l ，将上极板竖直向上平移少许，板间电压不变，场强减小D保持S接l ，将上极板水平向左平移少许，板间电压不变，场强减小4、下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是（）A根

3、据真空中点电荷的电场强度公式可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带电荷量有关B根据电势差的定义式可知，带电荷量为1C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则A、B两点间的电势差为1VC根据电场强度的定义式可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比D根据电容的定义式可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比5、如图所示，在真空中有两个点电荷A和B，电荷量分别为-Q和+2Q，它们相距L，如果在两点电荷连线的中点O有一半径为r（2rL）空心金属球，且球心位于O点，则球壳上的感应电荷在O点的场强大小为（）A12kQL2 水平向右 B12kQL2 水平向左 C

4、3kQL2 水平向右 D3kQL2水平向左6、一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示，不计粒子所受的重力，则：（ ）A粒子带正电B粒子的加速度逐渐减小CA点的场强小于B点的场强D粒子的速度不断增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45，则下列结论正确（）A此液滴带负电B液滴的加速度等于2gC液滴的重力势能和电势能都减小D合外力对液滴做的总功等于零8

5、、如图所示，在空间有一坐标系，直线与轴正方向的夹角为，第一象限内有两个方向都垂直纸面向外的匀强磁场区域和，直线是它们的边界，上方区域中磁场的磁感应强度为.一质量为、电荷量为的质子(不计重力)以速度从点沿与成角的方向垂直磁场进入区域，质子先后通过磁场区域和后，恰好垂直打在轴上的点(图中未画出)，则（）A质子在区域中运动的时间为B质子在区域中运动的时间为C质子在区域中运动的时间为D质子在区域中运动的时间为9、如图，三根相互平行的固定长直导线L1、L2和 L3两两等距，均通有电流I，L1中电流方向与L2中的相同，与L3中的相反，下列说法正确的是（ ）AL1所受磁场作用力的方向与 L2、L3所在平面垂

6、直BL3所受磁场作用力的方向与 L1、L2所在平面垂直CL1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为DL1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为10、如图所示，质量为m、长为L的导体棒电阻为R，初始时静止于光滑的水平轨道上，电源电动势为E，内阻不计匀强磁场的磁感应强度为B，其方向与轨道平面成角斜向上方，开关闭合后导体棒开始运动，则()A导体棒向左运动B开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为BELRC开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为BELsinRD开关闭合瞬间导体棒MN的加速度为BELsinmR三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1

7、1（6分）某同学想练习使用一下多用电表，如图所示为多用电表的示意图，其中T、S 为可调节的部件。（1）他用多用电表测量某一阻值未知的电阻，部分操作步骤如下：将选择开关K 拨至10，红、黑表笔分别插入“+”、“一”插孔，把两笔尖相互接触，调节_(选填“T”或“S”)，使电表指针指向_(选填“左”或“右”)侧的“0”位置。将红黑表笔分别接在电阻两端，发现指针偏角太大，则需将选择开关K转换至_ (选填“100”或“1”)。（2）电阻测量完毕，他继续进行“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实验，并用多用电表的电压档测量小灯泡两端的电压，已提供的实验器材如图甲所示，小灯泡的规格为(2.5V，0.3A)。请用笔代

8、替导线，完成电路图的连接。（_）某次测量的示数如图乙所示，其读数是_V。12（12分）（1）.用螺旋测微器测量某金属丝直径的结果如图所示。该金属丝的直径是_mm。（2）在用单摆测定重力加速度的实验中，用游标为20分度的游标卡尺测量摆球的直径，示数如图所示，读数为_mm.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）光滑水平面上放着质量mA=0.5kg的物块A与质量mB=1kg的物块B，A与B均可视为质点，A靠在竖直墙壁上，A、B间夹一个被压缩的轻弹簧（弹簧与A、B均不拴接），用手挡住B不动，此时弹簧弹性势能EP =3

9、1J在A、B间系一轻质细绳，细绳长度大于弹簧的自然长度，如图所示放手后B向右运动，绳在短暂时间内被拉断，之后B冲上与水平面相切的竖直半圆光滑轨道（其半径R=0.5m）B恰能到达最高点，取g=10m/s1求：（1）绳拉断后瞬间B的速度vB的大小 （1）绳拉断过程绳对B的冲量的大小和方向 14（16分）在如图所示的pT图象中，一定质量的某种理想气体先后发生以下两种状态变化：第一次变化是从状态A到状态B，第二次变化是从状态B到状态C，且AC连线的反向延长线过坐标原点O，已知气体在A状态时的体积为，求：气体在状态B时的体积和状态C时的压强；在标准状态下，1mol理想气体的体积为V=22.4L，已知阿伏

10、伽德罗常数个/mol，试计算该气体的分子数（结果保留两位有效数字）注：标准状态是指温度，压强 15（12分）如图，以绝缘粗糙的竖直墙壁为y轴，水平的地面为x轴建立直角坐标系，第二象限有同时存在的正交匀强电场和匀强磁场，电场方向沿x轴正向，大小为E，磁场方向垂直纸面向外，大小为B现在从A点由静止释放一带正电的可视为质点的带电体，其能够沿墙壁下滑，到达C点时刚好离开墙壁，带电体质量为m、电荷量为q，A、C两点间距离为h，重力加速度为g.（1）求带电体运动到刚好离开墙壁时速度大小v；（2）求带电体由静止下滑到刚好离开墙壁过程中克服摩擦力做的功Wf；（3）如果带电体到达C点时电场突然变为竖直向上且，电

11、场的变化对磁场的影响忽略不计，则带电体运动到距离墙壁最远时（带电体不能到达地面），距出发点A的距离参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】当导体在电场中处于静电平衡状态时，在导体内部任意一点，感应电荷产生的附加电场的场强与外场强大小相等，方向相反，此时导体的内部场强处处为0，电荷只分布在导体的外表面，且整个导体是一个等势体；故BCD错误，A正确；故选A2、D【解析】根据左手定则的内容：伸开左手，使大拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从垂直穿入掌心，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指

12、的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向，可得：A. 根据左手定则可知，安培力的方向是垂直导体棒向左，故A项错误；B. 根据左手定则可知，安培力的方向是垂直导体棒向下，故B项错误；C. 根据左手定则可知，安培力的方向是垂直导体棒向下，故C项错误；D. 根据左手定则可知，安培力的方向是垂直导体棒向下，故D项正确。3、C【解析】AS接1时，电容器充电且上极板接电源正极，电势较高，选项A错误；B S接2时，电容器放电且放电电流从右往左经过定值电阻R，选项B错误；C保持S接l ，将上极板竖直向上平移少许，板间电压不变，根据可知，场强减小，选项C正确；D保持S接l ，将上极板水平向左平移少许，板间电压

13、不变，两板间距d不变，根据可知场强不变，选项D错误。4、A【解析】根据点电荷的场强公式： 可知，Q是场源电荷，所以电场中某点电场强度与场源电荷的电量成正比，与该点到场源电荷距离的平方成反比，故A正确；根据电势差的定义式： 知，带电量为1C正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，即电场力做功为-1J，则A、B点的电势差为-1V，故B错误；电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，所以不能理解成电场中某点的电场强度和试探电荷的电量成反比，故C错误；电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量，取决于电容器本身的性质，并不与电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比，故D错误。所以A正确

14、，BCD错误。5、A【解析】试题分析：两个点电荷A和B在O点处产生的合场强大小为E1=kQL22+k2QL22=12kQL2，方向向左根据静电平衡导体的特点可知，球壳上的感应电荷在O点处的场强大小与两个点电荷A和B在O点处产生的合场强大小相等，方向相反，则球壳上的感应电荷在O点处的场强大小为E2=E1=12kQL2，方向向右，故A正确，BCD错误；故选A.【点睛】当空心金属球达到静电平衡时，球壳内O点处合场强为零，即球壳上的感应电荷在O点处产生的场强大小与两个点电荷A和B在O点处产生的合场强大小相等，方向相反求出两个点电荷A和B在O点处产生的合场强，再求球壳上的感应电荷在O点处的场强大小和方向

15、6、B【解析】试题分析：做曲线运动过程中，受到的合力指向轨迹的内侧，而粒子只受电场力，所以粒子受到的电场力与电场线方向相反，故粒子带负电，A错误；从A到B过程中，电场线越来越疏，A点的电场强度大于B点的电场强度，所以受到的电场力越来越小，故加速度越来越小，B正确C错误；粒子受到的电场力方向与速度方向夹角为钝角，所以电场力做负功，速度减小，D错误；考点：考查了电场强度，电场线，电势【名师点睛】解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力方向，利用电场中有关规律求解；明确电场力做功与电势能和动能间的关系二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有

16、多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABC【解析】根据带电液滴作直线运动可知带电液滴所受重力与电场力的合力一定沿运动方向，利用假设法可以判定出带电液滴所带电荷的性质，从而求出电场力的大小与合外力的大小再根据牛顿第二定律计算出物体的加速度；根据合外力的方向与速度的方向相同可知合外力做正功，根据电场力做功的情况可以判定电势能变化情况。【详解】A项：若液滴带正电，其受力情况如图所示，液滴不可能沿bd运动，故只能带负电荷，故A正确；B项：对液滴进行受力分析，其受力情况如图所示，故物体所受合力F=2mg，故物体的加速度a=2mgm=2g，故B正确；C项：由

17、于电场力所做的功W电=Eqxbdcos450，故电场力对液滴做正功，故液滴的电势能减小，液滴向下运动，所以重力势能也减小，故C正确；D项：由于液滴从静止开始做加速运动，故合力的方向与运动的方向相同，故合外力对物体做正功，故D错误。故应选：ABC。【点睛】带电液滴从静止开始由b沿直线运动到d，是我们判定液滴带电性质的突破口，在今后的学习中我们经常用到要注意掌握。8、BD【解析】设质子在磁场I和II中做圆周运动的轨道半径分别为r1和r2，区域II中磁感应强度为B，由牛顿第二定律得：qvBm；qvBm；粒子在两区域运动的轨迹如图所示，由带电粒子才磁场中运动的对称性和几何关系可知，质子从A点出磁场I时

18、的速度方向与OP的夹角为30，故质子在磁场I中轨迹的圆心角为：60，如图所示：则O1OA为等边三角形，有：OAr1 ，在区域II中，质子运动圆周，O2是粒子在区域II中做圆周运动的圆心，r2OAsin30，由解得区域II中磁感应强度为：B2B ，质子在区运动轨迹对应的圆心角：60，在区运动轨迹对应的圆心角为：90，质子在区的运动周期：T1，运动时间t1，故A错误，B正确；质子在区运动的周期：T2，运动时间t2，故C错误，D正确；9、BC【解析】A同向电流相互吸引，反向电流相互排斥对L1受力分析，如图所示，可知L1所受磁场力的方向与L2、L3所在的平面平行，故A错误；B对L3受力分析，如图所示，

19、可知L3所受磁场力的方向与L1、L2所在的平面垂直，故B正确；CD设三根导线两两之间的相互作用力为F，则L1、L2受到的磁场力的合力等于F，L3受的磁场力的合力为，即L1、L2、L3单位长度受到的磁场力之比为，故C正确，D错误【点睛】先根据安培定则判断磁场的方向，再根据磁场的叠加得出直线电流处磁场的方向，再由左手定则判断安培力的方向，本题重点是对磁场方向的判断、大小的比较10、BD【解析】A、开关闭合，由左手定则可知，磁感线穿过掌心，则大拇指向为垂直磁感线向右，从而导致导体棒向右运动，故A错误；BC、当开关闭合后，根据安培力公式F=BIL，I=ER，可得F=BELR，故B正确，C错误；D、当开

20、关闭合后，安培力的方向与导轨成90-的夹角，再根据力的分解可得合力大小，再由牛顿第二定律与安培力的大小可知，加速度a=BELsinmR，故D正确；故选BD。【点睛】据左手定则来确定通电导线的安培力的方向，闭合电路欧姆定律与安培力公式结合可求出其力的大小，最后由牛顿第二定律来确定导体棒瞬间的加速度。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、T 右 1 图见解析 2.05 【解析】（1）12将选择开关K拨至10，红、黑表笔分别插入“+”、“一”插孔，把两笔尖相互接触，调节欧姆调零旋钮T，使电表指针指向右侧的“0”位置。3将红黑表笔分别接在电阻两端，发现指针偏角太大，说明所选挡位太大，为准确测量电阻阻值，应将选择开关K转换至1位置。（2）4描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，电压表内阻远大于灯泡内阻，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示：5灯泡额定电压为2.5V，多用电表应选择直流电压2.5倍率，由图示表盘可知，其分度值为0.05V，示数为：2.05V；12、1.704-1.706 6.75 【解析】（1）螺旋测微器的固定刻度为1.5mm，可动刻度为20.50.01mm=0.205mm，所以最终读数为1.5mm+0.20