2023学年广东华南师大附中物理高二第一学期期中统考试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，a、b是电场中的两个点，、分别表示a、b两点的电场强度，可以确定（ ）A=BCa、b两点电场强度的方向相

2、同DaEb，选项AB错误；C由图可知a、b两点电场强度的方向相同，均为水平向右，选项C正确；D沿电场线电势降低，可知 ab，选项D错误。2、B【解析】AC摩擦起电的本质是电子的转移，电荷不能被创造，故AC错误；B摩擦起电中带负电的物体，在摩擦过程中得到电子，电子数多而显负点，故B正确；D等量的正、负电荷可以中和，不显电性，但电荷不能被消灭，故D错误。3、A【解析】惯性物体保持原来运动状态不变的一种性质，它是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都有惯性，惯性的大小只与质量有关，而与速度无关，故A正确，BCD错误。4、C【解析】试题分析：电荷量e的数值最早是由美国物理学家密立根测得的，故A正确；法

3、拉第不仅提出了场的概念，而且直观地描绘了场的图象，故B正确；库仑在前人工作的基础上，通过实验研究确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用力的规律，故C错误，D正确；本题选不正确的，故选C.5、D【解析】设正六边形的中心为O设A的点电势为x，因为匀强电场中电势随距离均匀变化（除等势面），又由于正六边形对边平行，DE间电势差等于BA间电势差，EF间电势差等于CB间电势差，已知D、E、F三点的电势分别为3V、1V、1V，则有B的电势为：x+4，C点的电势为x+1O点是AD的中点，则O点的电势为，AC中点的电势与OB中点重合，根据几何知识得，解得：x7V，则A的点电势为7V；B的电势为11V，C点的电

4、势为9V，正六边形中心处电势为5V故ABC错误，D正确6、D【解析】原来AB球之间是库仑引力，故AB带异种电荷，不妨设A为正电荷、B为负电荷。原来AB之间的库仑引力为第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为2q，C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小A，与结论不相符，选项A错误；B，与结论不相符，选项B错误；C，与结论不相符，选项C错误；D，与结论相符，选项D正确；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【

5、解析】带负电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态，可知电场力向上，场强向下，上极板带正电；将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，两板间距变大，可知电容器的电容减小，选项A正确；由于电容器两板带电量不变，根据E=U/d，C=S4kd以及C=Q/U 得知C=4kQS， 板间场强不变，油滴所受的电场力不变，则油滴仍静止。故B错误。场强E不变，P点与下极板间的距离不变，则由公式U=Ed分析可知，P点与下极板间电势差将不变，而P点的电势不变。故D正确。油滴带负电，P点的电势不变，则油滴的电势能不变。故C错误。故选AD。【点睛】本题关键是知道电容器带电量一定时，两板间场强与两板间距无关，要记住这

6、一结论；8、BD【解析】冲量与动量的单位在国际单位制下是相同的，但冲量不是动量，故A错误；如果物体的速度发生变化，则动量一定变化，可以肯定它受到的合外力的冲量不为零，选项B正确；如果合外力对物体的冲量不为零，合外力不一定使物体的动能增大，例如做匀速圆周运动的物体的向心力对物体的冲量不为零，但是物体的动能不变，选项C错误；作用在物体上的合外力冲量不一定能改变物体速度的大小，也可能改变物体的速度方向，例如向心力的冲量，选项D正确；故选BD.【点睛】本题考查对冲量、动量、动量定理的理解，抓住三个量都是矢量，从定义、定理理解记忆9、BCD【解析】A、在闭合电路中电源两极间的电压等于路端电压，所以电源的

7、电动势并不等于电源两级间的电压，故A错误；B、电动势表示了电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，所以电动势越大的电源，将其它形式的能能转化为电能的本领越大，故B正确；C、电动势等于回路中的总电压，也就等于内、外电路电压之和，故C正确；D、电动势只由电源性质决定，与外电路无关，故D正确；综上所述本题答案是：BCD10、BD【解析】由电路图可知，电阻R2、R3、R4串联接入电路，电容器C1并联在电阻电阻R2两端，电容器C2与R2、R3的串联电路并联；根据电路电阻的变化，应用欧姆定律及串联电路特点判断电容器两端电压如何变化，然后由Q=CU判断出电容器所带电荷量如何变化【详解】A、减小R1，电容器C

8、1、C2两端电压不变，电容器所带电量不变，故A错误；B、增大R2，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，路端电压变大，电阻R3、R4两端电压变小，电阻R2两端电压变大，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C1、C2两端电压变大，由Q=CU可知，两电容器所带的电量都增加，故B正确；C、增大R3，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，由U=IR可知，电阻R2两端电压变小，电容器C1两端电压变小；路端电压变大，电阻R4两端电压变小，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C2两端电压变大，由Q=CU可知，电容器C1所带电荷量减少，C2所带的电量都增加，故C错误；D、减小R

9、4，电路总电阻变小，由闭合欧姆定律可知，电路电流变大，电阻R2两端电压变大，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C1、C2两端电压都增大，由Q=CU可知C1、C2所带的电量都增加，故D正确；故选BD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C A 乙 【解析】(1)因电源电动势为6V，金属丝电阻约为10欧，则最大电流为Imax=URx=610A=0.6A，故电流表选用3A量程将不准确，故电流表选择0.6A的C；因电源电动势为6V，为了准确测量应采用3V量程的电压表A；若选15V偏转角度最多达量程的三分之一.(2)因电测电阻约10欧，故滑动变阻器

10、选20欧方便操作和便于控制，为本实验中可以采用限流法能有效控制电流；而Rx2=100RARV=30001，满足“小外偏小”，故用外接法减小系统误差；故选电路图乙.【点睛】根据题目所给出的仪表进行分析，首先找出必需的仪式器，再根据电源电动势及电压表量程间的关系分析电压表，粗估电流大小，选择电路表，根据实验要求明确实验接法，从而选出变阻器；根据实验原理分析实验中滑动变阻器及电流表接法的选择，要注意安全和准确性原则得出正确电路图；12、 1.45 0.692 【解析】(1)1待测电源内阻较小，为减小测量误差，应用伏安法测电源电动势与内阻时，相对于电源来说，电流表应采用外接法，用电压表测路端电压，用电

11、流表测电路电流，实验电路图如图所示(2)23U-I图象中图象与纵坐标的交点表示电源的电动势，由图可知，电源的电动势为E=1.45V，U-I图象斜率绝对值表示电源内阻，所以待测电池的内阻四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) 500V/m；(2) -1.610-18J【解析】(1)由匀强电场的场强和电压关系可得(2)根据电场力做功特点有14、E=5.76V r=0.4【解析】根据闭合电路欧姆定律，两种状态，列两个方程，组成方程组，就可求解当S断开时E=I1（R1+r）（1）当S闭合时E=I2R1+（I2+I2R

12、1R2）r=I2R1+1.5I2r（2）由（1）、（2）式联立，解得 E=5.76V r=0.415、(1)若小球向右偏离的位移为x，选取向右为正方向，由胡克定律可得，小球受到的合外力：F合=-(k1+k2)x，由于k1和k2都是常数，所以小球受到的合外力与位移成正比，小球做简谐振动。(2)小球在x方向上的分运动符合简谐运动的特点。【解析】(1) 若小球向右偏离的位移为x，选取向右为正方向，如图所示，由胡克定律可得，小球此时受到两个弹力F1和F2，方向沿x轴负方向，两个力的合力即小球受到的恢复力：F合=-（k1+k2）x，由于k1和k2都是常数，所以小球受到的合外力与位移成正比，方向相反，由此证明小球做简谐振动。(2)质点从A运动到B，在B点将速度分解，如图所示： A点速度v0沿x轴正方向，所以v0即为x方向经过平衡位置O点的速度B点在x方向的投影为x，则cos=xRB点加速度沿x方向的投影ax=-v02Rcos由牛顿第二定律可得：Fx=max=-mv02Rcos=-mv02R2x小球以速