2023学年广东省兴宁市沐彬中学物理高二第一学期期中质量跟踪监视模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，光滑绝缘水平面上有三个带电小球a、b、c（均可视为点电荷），三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静电力

2、作用下处于静止状态，则以下判断正确的是（ ）Aa对b的静电力一定是引力Ba对b的静电力可能是斥力Ca的电荷量可能比b的少Da的电荷量不一定比b的多2、在国际单位制中，“安培”是下列哪个物理量的单位( )A电荷量B电流C电容D电动势3、关于静电场，下列说法中正确的是（ ）A沿电场线方向电势降低B电势为零的地方，电场强度也一定为零C电场强度和电势都是描述电场性质的物理量，它们都是矢量D电荷在等势面上由一点移至另一点电场力会做功4、如图所示，细杆上固定两个小球a和b，杆绕O点做匀速转动，下列说法正确的是()Aa、b两球线速度相等Ba、b两球角速度相等Ca球的线速度比b球的大Da球的角速度比b球的大5

3、、粒子甲的质量与电荷量分别是粒子乙的4倍与2倍，两粒子均带正电让它们在匀强磁场中同一点以大小相等、方向相反的速度开始运动已知磁场方向垂直纸面向里以下四个图中，能正确表示两粒子运动轨迹的是（ ）ABCD6、如图所示，竖直面内有带负电的圆环，当圆环沿顺时针方向转动时，a、b、c三枚小磁针都会发生转动，以下说法正确的是（） Aa、b、c的N极都向纸面外转动Bb的N极向纸面外转，而a、c的N极向纸面内转Cb、c的N极都向纸面内转，而a的N极向纸面外转Db的N极向纸面内转，而a、c的N极向纸面外转二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全

4、部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，电解池内有一价的电解液，ts内通过溶液内截面S的正离子数是，负离子数是，设元电荷为e，则以下解释中正确的是A正离子定向移动形成的电流方向是从，负离子定向移动形成的电流方向是B溶液内正、负离子向相反方向移动，电流方向相同C溶液内电流方向从A到B，电流D溶液中电流方向从A到B，电流8、如图甲所示，一个圆形线圈的匝数n=100，线圈面积S=200cm2，线圈的电阻r=1，线圈外接一个阻值R=4的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化规律如图乙所示下列说法中正确的是（）A电阻R两端的电压保持不变B初始时

5、刻穿过线圈的磁通量为0.4WbC线圈电阻r消耗的功率为4104WD前4s内通过R的电荷量为4104C9、两个通电小球带电后相互推斥，如图所示。两悬线跟竖直方向各有一个夹角 a 、 ，a 且两球在同一水平面上。则一定能判断的是 A两球的质量大小关系B两球带电量大小关系C绳子中的拉力大小关系D两球带同种电荷10、如图，R为热敏电阻（电阻率温度的升高而降底）R1、R2 为定值电阻。闭合电键s 电压表的示数为U，电流表的示数为I；现R所处环境温度降低，电压表的示数改变量的大小为U，,电流表的示数改变量的大小为I，则AU/I 变大BU/I/变大C电阻R的功率变大D电源的总功率变大三、实验题：本题共2小题

6、，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“测定金属丝电阻率”的实验中需要测出其长度L、直径d和电阻R. （1）用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图甲，则金属丝的直径为_mm.（2）若用图乙测金属丝的电阻，则测量结果将比真实值_(选填“偏大”或“偏小”)12（12分）如图，为探究变压器线圈两端电压与匝数的关系，我们把没有用导线相连的线圈套在同一闭合的铁芯上，一个线圈连到电源的输出端，另一个线圈连到小灯泡上，如图所示，试回答下列问题：（1）线圈应连到学生电源的_（选填直流、交流）；（2）将与灯泡相连的线圈拆掉匝数，其余装置不变继续实验，灯泡亮度将_（选填变亮、变

7、暗），这说明灯泡两端的电压_（选填变大、变小）；（3）实验中发现，在所有连接都完好的情况下，电路接通后，灯泡始终不亮，但却在电路接通或断开的瞬间，灯泡会闪亮一下，原因是_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在光滑水平面上有一辆质量M=8kg的平板小车，车上有一个质量m=1.9kg的木块，木块距小车左端6m（木块可视为质点），车与木块一起以v=1m/s的速度水平向右匀速行驶一颗质量m0=0.1kg的子弹以v0=179m/s的初速度水平向左飞来，瞬间击中木块并留在其中，最终木块刚好不从车上掉下来求：（

8、1）子弹射入木块后的共同速度为v1；（2）木块与平板之间的动摩擦因数（g=10m/s2）14（16分）如图所示是某温控装置的简化电路图，工作电路由电压为220 V的电源和阻值R=88 的电热丝组成；控制电路由电源、电磁铁（线圈电阻R0=20 ）、开关、滑动变阻器R2（取值范围080 ）和热敏电阻R1组成；R1阻值随温度变化的关系如下表所示，当控制电路电流I50 mA时，衔铁被吸合切断工作电路；当控制电路电流I40 mA时，衔铁被释放接通工作电路。（1）工作电路正常工作时，R在1 min内产生的热量是多少？（2）当温度为60，滑动变阻器R2=50 时，衔铁恰好被吸合，控制电路的电源电压是多少？（

9、3）若控制电路电源电压不变，此装置可控制的温度最大范围是多少？温度/90806660504640363534R1/10204050708010012013014015（12分）如图所示，间距为d的平行金属板间电压恒定初速度为零的电子经电压U0加速后，沿两板间的中心线进入板间电场，电子恰好从下极板边缘飞出，飞出时速度的偏向角为已知电子质量为m，电荷量为e，电子重力不计，求：（1）电子刚进入板间电场时的速度大小v0；（2）电子通过两极板间的过程中，电场力做的功W；（3）平行金属板间的电场强度大小E参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

10、目要求的。1、A【解析】根据电场力方向来确定各自电性，从而得出“两同夹一异”，所以a对b的静电力一定是引力，故A正确，B错误；同时根据库仑定律来确定电场力的大小，并由平衡条件来确定各自电量的大小，因此在大小上一定为“两大夹一小”，故CD错误所以A正确，BCD错误2、B【解析】A. 电荷量的单位是库仑，故A错误；B. 电流的单位是安培，故B正确；C. 电容的单位是法拉，故C错误；D. 电动势的单位是伏特，故D错误。故选B。3、A【解析】A、电场线的切线方向表示电场强度的方向，故沿电场线方向电势一定降低，A正确；B、静电场中，电势具有相对性，电场强度为零的点电势不一定为零，故B错误；C、电场强度和

11、电势都是描述电场性质的物理量，电场强度是矢量，电势是标量，故C错误；D、根据公式W=qU，电荷在等势面上由一点移至另一点电场力不做功，故D错误；故选A。4、B【解析】细杆上固定两个小球a和b，杆绕O点做匀速转动，所以a、b属于同轴转动，故两球角速度相等；由图可知b的半径比a球半径大，根据可知a球的线速度比b球的小，综上分析，B正确，ACD错误5、A【解析】由洛仑兹力充当向心力可求得两粒子的半径关系，则由图可知两粒子的轨迹图；由左手定则可判断粒子的运动方向【详解】根据洛伦兹力提供向心力有 ，结合粒子甲的质量与电荷量分别是粒子乙的4倍与2倍，可知甲的半径大于乙的半径，由于两粒子均带正电，且速度方向

12、相反，A正确；BCD错误6、B【解析】圆环带有负电荷，圆环顺时针转动时，产生的等效电流方向沿逆时针方向；由安培定则可知，a、c所在处磁场垂直于纸面向里，b处磁场垂直于纸面向外，故a、c处的小磁针的N极朝纸面内转动，b处小磁针的N极朝纸面外转动，故B正确，ACD错误。故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】电荷的定向移动形成电流，正电荷的定向移动方向是电流方向，由图示可知，溶液中的正离子从A向B运动，负离子从B到A，因此电流方向是AB，故A错误，B正确；

13、溶液中的正离子从A向B运动，因此电流方向是AB，电流，故C错误，D正确8、AC【解析】试题分析：根据法拉第电磁感应定律，可知，磁通量的变化率恒定，所以电动势恒定，则电阻两端的电压恒定，故A正确；初始时刻穿过线圈的磁通量=nBS=0.22000.0001 Wb=0. 004 Wb，故B错误；由法拉第电磁感应定律E=n=n=1000.02 V=0.1 V，由闭合电路欧姆定律，可知电路中的电流为I=A=0.02 A，所以线圈电阻r消耗的功率P=I2R=0.0221 W=4104 W，故C正确；前4 s内通过R的电荷量Q=It=0.024 C=0.08 C，故D错误考点：法拉第电磁感应定律、电功、电功

14、率、导体切割磁感线时的感应电动势点评：穿过某一面积的磁通量是由穿过该面的磁感线条数的多少决定的，与匝数无关楞次定律来判定感应电流方向，由法拉第电磁感应定律来求出感应电动势大小当然本题还可求出电路的电流大小，及电阻消耗的功率同时磁通量变化的线圈相当于电源9、ACD【解析】D、两个球相互排斥,故一定带同种电荷,故D对A、对左侧小球受力分析,受重力mg,拉力T和静电斥力F,如图根据平衡条件,有F=Tsin mg=Tcos 计算得：F=mgtan 再对右侧小球受力分析,同理有F=Mgtan 两个小球之间的库仑力相等，因为a，所以mM ，故A对；B、两个小球之间的库仑力相等，根据F=kQ1Q2r2 则没

15、办法判断两个小球带电量之间的关系，故B错；C、根据勾股定理可知T=F2+G2 ，由于mM，所以质量大则绳子的拉力大一点，故C对；故选ACD【点睛】两球相互排斥,故带同种电荷,根据牛顿第三定律可以知道相互排斥力相等,与带电量无关;再根据平衡条件得到排斥力的表达式进行分析.本题关键是对小球受力分析,根据平衡条件得到电场力表达式,然后再结合牛顿第三定律进行分析判断.10、AC【解析】当环境温度降低时，R的电阻增大，电阻R与R1并联的电阻增大，根据欧姆定律可知等于R与R1并联的总电阻，所以变大，故A正确；根据闭合电路欧姆定律得：U=E-I（R2+r），可知，因为不变，故B错误； 根据串联电路分压规律知

16、U增大，则电阻R1的功率变大，故C正确；电源的总功率P=EI，I减小，则电源的总功率变小，故D错误。所以AC正确，BD错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1) 0.698 (2)偏小【解析】（1）螺旋测微器的读数为（2）乙图电路中，由于电压表分流，导致电流表测量值偏大，故根据可知电阻测量值偏小12、交流 变暗 变小 变压器的初级连接的是学生电源的“直流”. 【解析】（1）线圈应连到学生电源的交流；（2）将与灯泡相连的线圈拆掉匝数，其余装置不变继续实验，由于变压器次级匝数减小，则次级电压减小，则灯泡亮度将变暗，这说明灯泡两端的电

17、压变小；（3）实验中发现，在所有连接都完好的情况下，电路接通后，灯泡始终不亮，但却在电路接通或断开的瞬间，灯泡会闪亮一下，原因是变压器的初级连接的是学生电源的“直流”。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）8m/s；（2）0.54【解析】（1）子弹击中木块过程中，子弹与木块组成的系统动量守恒，以子弹的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m0v0mv=（m0+m）v1，代入数据解得木块的最大速度为：v1=8v=8m/s；（2）以子弹、木块、小车组成的系统为研究对象，以子弹的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：

18、（m0+m）v1Mv=（m0+m+M）v2，由能量守恒定律得：（m0+m）gL=（m0+m）v12（m0+m+M）v22，联立解得：=0.5414、（1） （2）6V （3）35C80C【解析】（1）工作电路由电压为220V的电源和阻值R=88的电热丝组成，则R在1min内产生的热量为：（2）当温度为60时，由表格数据可知R1=50，已知此时滑动变阻器R2=50，则控制电路的总电阻为：R=R1+R2+R0=50+50+20=120此时衔铁恰好被吸合，则控制电路的电流为：I=50mA=0.05A由欧姆定律可得，控制电路的电源电压为：U=IR=0.05A120=6V（3）当控制电路电流I50mA时，衔铁被吸合切断工作电路，由欧姆定律可得，控制电路的总电阻最大为：滑动变阻器R2（取值范围080）的最大电阻为80，根据串联电阻