2023学年广东省云浮市高二物理第一学期期中经典模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图为静电除尘机理示意图，废气先经过一个机械过滤装置再进入静电除尘区，带负电的尘埃在电场力

2、的作用下向集尘极迁移并沉积，以达到除尘目的。图中虚线为电场线(方向未标)。不考虑尘埃在迁移过程中的相互作用和电量变化，则A每个尘埃的运动轨迹都与一条电场线重合B尘埃在迁移过程中电势能增大C尘埃在迁移过程中做匀变速运动D图中点电势低于点电势2、电路如图所示接通电路后三个灯的电阻都相等那么三个灯消耗的电功率P1、P2、P3之间的关系是AP1=P2=P3BP1=P2P3CDP3=4P1=4P23、下列说法中正确的是（ ）A通过导体的电流越大，则导体的电阻越小B把一导体拉长后，其电阻率增大，电阻值增大C磁感线都是从磁体的N极出发，到磁体的S极终止D通电直导线在磁场中受到的安培力方向一定与磁场方向垂直4

3、、教学楼走廊里有一盏电灯，在走廊两端各有一个开关，我们希望不论哪一个开关接通都能使电灯点亮，那么由此设计的电路为（）A“与”门电路B“或”门电路C“非”门电路D上述答案都有可能5、关于重力和重心，下列说法中正确的是（ ）A静止的物体受到重力，运动的物体不受重力B向下运动的物体受重力，向上运动的物体不受重力C受重力的物体对地球也有吸引力D重心就是物体上最重的那个点6、把两个完全相同的小球接触后分开，两球相互排斥，则两球原来带电情况不可能（ ）A其中一个带电，一个不带电B两个小球原来带等量异种电荷C两个小球原来带同种电荷D两个小球原来带不等量异种电荷二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20

4、分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一质量为m、电量为q的带正电小滑块，从倾角为的光滑绝缘斜面上的A点由静止下滑，经时间t后立即加上沿斜面向上的匀强电场，再经时间t滑块恰好过A点。重力加速度大小为g，则A匀强电场的电场强度大小为B滑块过A点时的速度大小为C滑块从A点到最低点过程中重力势能减少了D滑块从最低点到A点的过程中电势能减少了8、有一灵敏电流计，其表头内阻Rg=1000，满偏电流Ig=100A，以下说法正确的是（）A把它改成量程为1.5V的电压表，应串联一个15 k的电阻B把它改成量程为1.0A的电流表，应并

5、联一个1的电阻C把它改成量程为1.0A的电流表，测量某电流时读数为0.5A，此时流过表头的电流为50AD把它改成量程为1.5V的电压表，测量某电压时读数为1.5V，此时流过表头的电流为100A9、如图所示，一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45，则下列结论正确的是()A此液滴带负电B液滴的加速度等于C液滴的电势能减少D合外力对液滴做的总功等于零10、如图甲、乙所示的电路图为电表改装的示意图，G为表头、R为可调电阻，则下列说法正确的是A图甲为电流表改装的原理图，减小可调电阻的阻值，改装后电表的量程增大B图甲为电流表改装的原理图

6、，减小可调电阻的阻值，改装后电表的量程减小C图乙为电压表改装的原理图，减小可调电阻的阻值，改装后电表的量程增大D图乙为电压表改装的原理图，减小可调电阻的阻值，改装后电表的量程减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学做“测定电动势约2V内阻约几的电池的电动势和内阻”实验 （1）他采用如图1所示的实验电路进行测量现有下列器材供选用： A电压表（015V，内阻约20k） B电压表（03V，内阻约10k） C电流表（00.6A，内阻约0.4） D电流表（03A，内阻约1） E滑动变阻器（500，1A） F滑动变阻器（20，2A） （

7、1）实验中所用电压表应选 _ ，电流表应选用 _ ，滑动变阻器应选用 _ （填字母代号） （2）图2中给出了做实验所需要的各种仪器请你按电路图把它们连成实验电路（_）（在答题卷先用铅笔连线，确定准确无误后，再用签字笔连线） （3）根据实验数据做出U-I图象，如图3所示，蓄电池的电动势E= _ V，内电阻r= _ （结果保留2位有效数字） （4）这位同学对以上实验进行了误差分析其中正确的是 _A实验产生的系统误差，主要是由于电流表的分压作用 B实验产生的系统误差，主要是由于电压表的分流作用 C实验测出的内阻大于真实值 D实验测出的电动势小于真实值12（12分）某同学想设计一个测量金属棒电阻率的实

8、验方案，实验室提供的器材有：A电流表A1（内阻r =100，满偏电流Ig=3mA）B电流表A2（内阻约为0.4，量程为0.6A）C定值电阻R0=900D滑动变阻器R（5，2A）E.干电池组（6V，0.05）F.一个开关和导线若干G.螺旋测微器，游标卡尺(1)如图1，用螺旋测微器测金属棒直径为_ mm；如图2用游标卡尺测金属棒长度为_cm；(2)用多用电表粗测金属棒的阻值：下列关于用多用电表欧姆挡测电阻的说法中正确的是_（多选）；A测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则不会影响测量结果B测量阻值不同的电阻时，都必须重新调零C测量电路中的电阻时，应该把该电阻与电路断开D欧姆表使用一段时间

9、后，电池电动势变小，内阻变大，但仍能调零，其测量结果与原来相比不变当用“10”挡时发现指针偏转角度过大，他应该换用_挡（填“1”或“100”），换挡并进行一系列正确操作后，指针静止时如图3所示，则金属棒的阻值约为_；(3)请根据提供的器材，设计一个实验电路，要求尽可能精确测量金属棒的阻值_；(4)若实验测得电流表A1示数为I1A，电流表A2示数为I2A，则金属棒电阻的表达式为Rx =_（用I1，I2 ，R0 ，Rg表示）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一水平的浅色长传送带上放置一煤块（可视为质点），煤

10、块与传送带之间的动摩擦因数为初始时，传送带与煤块都是静止的现让传送带以恒定的加速度a0开始运动，当其速度达到v0后，便以此速度做匀速运动经过一段时间，煤块在传送带上留下了一段黑色痕迹后，煤块相对于传送带不再滑动求：（1）传送带从静止开始加速到v0所需的时间；（2）从传送带开始运动到速度刚达到v0这段时间内，煤块相对地面的位移大小；（3）煤块在传送带上留下黑色痕迹的长度14（16分）如图所示的装置，左侧两竖直平板间存在加速电场，加速电压U1=200V，紧靠其右侧的是彼此平行的A、B两块水平金属板A、B板长L=8cm，板间距离d=8cm，板间电势差UAB=300V一电量q=+10-10C，质m=1

11、0-20kg的带电粒子，在靠近加速电场的正极板附近由静止开始经U1加速后沿A、B两板中心线处的小孔R水平射入A、B板间的电场，粒子飞出A、B平行板后，经过界面MN进入固定在MN右侧的孤立点电荷Q所形成的电场区域做圆周运动，最后粒子垂直打在放置于中心线上的荧光屏EF上（假设不考虑不同电场之间的相互影响，即界面MN左侧为AB板间的匀强电场，右侧为点电荷Q形成的电场），静电力常数k=9109Nm2/C2，cos370=0.8，sin370=0.6，求：（1）粒子射入A、B两板时的初速度v0大小；（2）粒子穿过界面MN时偏离中心线RO的距离y；（3）点电荷Q的电量大小15（12分）如图所示电路，电源内

12、阻，灯L标有“3V 1.5W”字样，滑动变阻器最大值为R，当滑片P滑到最右端A时，电流表读数为1A，此时灯L恰好正常发光，试求：（1）电源电动势E；（2）当滑片P滑到最左端B时，电流表读数；（3）当滑片P位于滑动变阻器的中点时，滑动变阻器上消耗的功率参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A. 电场线为直线时，运动轨迹才有可能与电场线重合，并且要求初速度为零或者方向与电场线方向一致；电场线为曲线时，则运动轨迹不能与电场线重合，故A错误；D. 由题带负电的尘埃在电场力的作用下向集尘极迁移，则知集尘极带正电荷，是

13、正极，所以电场线方向由集尘极指向放电极，点更靠近放电极，所以图中点电势低于点电势，故D正确；B. 带电尘埃所受的电场力方向与位移方向相同，做正功，所以在迁移过程中电势能减小，故B错误；C. 放电极与集尘极间建立非匀强电场，尘埃所受的电场力是变化的，尘埃的加速度是变化的，故C错误。2、D【解析】L1、L2并联所以电压相等，两个灯的电阻又相等，所以电流也相等，即I1=I2，而I3=I1+I2=2I1，根据P=I2R可知：P3=4P1=4P2，故D正确，ABC错误3、D【解析】试题分析：电阻是由导体本身决定的，与电流大小无关，所以A错误；电阻率是由导体材料决定的，相同材料，电阻率相同，所以B错误；磁

14、感线在磁体的外面是从磁体的N极出发，到磁体的S极，在磁体内部是由磁体的S极出发，到磁体的N极,磁感线是闭合曲线，所以C错误；由左手定则可知安培力方向，磁场方向，电流方向三者之间两两相互垂直，所以D正确考点：电阻定律，磁感线，安培力4、B【解析】不论哪一个开关接通都能使电灯点亮，所满足的关系是“或”逻辑关系，即事件的某一个条件满足，该事件就能发生。故选B。5、C【解析】无论是静止的还是运动的物体都受到重力作用，选项A错误；无论是向下运动的物体还是向上运动的物体都受重力，选项B错误；根据牛顿第三定律可知，受重力的物体对地球也有吸引力，选项C正确；物体的重心是物体重力的作用点，并不就是物体上最重的那

15、个点，选项D错误；故选C.6、B【解析】若一个带电，一个不带电，接触后，两者的电性都与原来带电小球的电性相同，出现排斥，符合题意，A可能；若原来带等量异种电荷，则接触后发生电中性，两球都不带电，不会出现排斥现象，B不可能；两个小球原来分别带同种电荷，把两个完全相同的小球接触后电荷重新平分，带上等量同种电荷，存在排斥力，C可能；两个小球原来分别带不等量异种电荷，小球接触后电荷先中和再平分，带上等量同种电荷，存在排斥力，D可能二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析

16、】A.未加电场时，取向下为正：，过t时间后，速度：，位移：，加上电场后，根据题意，加速度：，过t后，根据匀变速运动规律：，联立解得：，A正确B.过A点的速度，速度大小，方向沿斜面向上，B正确C.从A点到最低点，位移：，所以重力势能减小，C错误D.从最低点到A点根据动能定理：，解得：，所以电势能减少了：，D错误8、CD【解析】A改装成电压表要串联电阻分压，串联阻值为故A错误；B改装成电流表要并联分流，并联阻值故B错误； C把它改成量程为1.0A的电流表，用它去测量某电流时读数为0.5A，则指针正好是满偏的一半，即为50A，故C正确；D把它改成量程为1.5V的电压表，测量某电压时读数为1.5V，指

17、针正好是满偏，所以此时流过表头的电流为100A，故D正确。故选CD。【点睛】改装成电流表要并联电阻分流，并联电阻阻值为，I为改装后的量程；电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为，U为改装后的量程。9、ABC【解析】试题分析：根据带电液滴作直线运动可知带电液滴所受重力与电场力的合力一定沿运动方向，利用假设法可以判定出带电液滴所带电荷的性质，从而求出电场力的大小与合外力的大小再根据牛顿第二定律计算出物体的加速度；根据合外力的方向与速度的方向相同可知合外力做正功，根据电场力做功的情况可以判定电势能变化情况若液滴带正电，其受力情况如图所示，液滴不可能沿bd运动，故只能带负电荷，故A正确；对液滴

18、进行受力分析，其受力情况如图所示，故物体所受合力，故物体的加速度，B正确；由于电场力所做的功，故电场力对液滴做正功，故液滴的电势能减小，C正确；由于液滴从静止开始做加速运动，故合力的方向与运动的方向相同，故合外力对物体做正功，D错误10、AD【解析】AB图甲可变电阻与电流计并联，为电流表改装的原理图，减小可调电阻的阻值，则可调电阻上的分流会变大，则改装后电表的量程增大，选项A正确，B错误；CD图乙可变电阻与电流计串联，则为电压表改装的原理图，减小可调电阻的阻值，可调电阻上的分压会减小，则改装后电表的量程减小，选项C错误，D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，

19、不要求写出演算过程。11、B C F 如图所示， 2.0 3.8 BD 【解析】(1)为方便实验操作,滑动变阻器应选最大阻值较小的滑动变阻器;根据电源电动势选择电压表,根据电路最大电流选择电流表; (2)根据电路图连接实物图，注意滑动变阻器的连法;(3)由图示图象的截距和斜率求出电源电动势与内阻;(4)通过作出的实际图线和测量图线判断测量电动势和内阻的误差.【详解】(1)为方便实验操作,滑动变阻器应选F; 电动势约为2V,电压表选B，电路最大电流约为零点几安培,电流表选C;(2)根据电路图连接实物图,如图所示:(3)由图示电源图象可以知道,图象与纵轴交点坐标值为2.0,所以电源电动势：电源内阻

20、:(4)ABCD在测量电源的电动势和内阻时,电压表测量电源的外电压准确,电流表测量通过电源的电流偏小,因为电压表起分流作用.作出图线实际图线和测量图线,如图所示,知电动势的测量值偏小,内电阻的测量值偏小.故AC项不符合题意,BD符合题意12、6.126 10.230 AC 10 【解析】（1）1 2金属丝的直径为长度为（2）3A欧姆表测电阻实际上是测量电流，红黑表笔反接不会影响电路的电流大小，也就对电阻的测量值不会产生影响，故A正确；B测量阻值不同的电阻时不需要重新调零，只有改变欧姆档位时才需要欧姆调零，故B错误；C欧姆表有内置电源，测量电路中的电阻时，应该把该电阻与电路断开，故C正确；D电池

21、的电压不足，内阻增大，输出的电流减小，所以偏转线圈的电流变小，偏转角度变小，即测得的电阻偏大，故D错误。故选AC。45用多用电表粗测金属棒的阻值，当用“”挡时发现指针偏转角度过大，示数偏小，要增大示数则要倍率减小，换成的倍率，则初测电阻为R=10。（3）6由题意可知，没有电压表，可以用电流表A1与定值电阻R0串联组成电压表测电压，用电流表A2测电流，由于改装后电压表内阻为100+900=1000电流表内阻约为0.4 ，待测电阻阻值约为10，滑动变阻器最大阻值为5，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，电压表内阻远大于电阻阻值，电流表应采用外接法。实验电路图如图所示 （4）7由电路连接及欧姆定律可求出金属棒的电阻为四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）；（3）【解析】试题分析：（1）设经历时间t，传送带由静止开始加速到速度等于v1，v1=a1t 所以，（2）煤块与传送带之间发生了相对滑动，煤块的加速度a小于传送带的加速度a1根据牛顿定律，可得a=g 则当传送带速度刚达到v1时，煤块相对地面运动的位移为（3）设经历时间t，煤块则由静