2020年高中物理第四章机械能和能源动能和动能定理知识梳理学案教科版必修2

1、 动能和动能定理【学习目标】.通过设计实验探究功与物体速度的变化关系.明确动能的表达式及含义.能理解和推导动能定理.掌握动能定理及其应用.【要点梳理】要点一、探究功与速度变化的关系要点诠释：.探究思路让小车在橡皮绳的弹力下弹出，沿木板滑行。由于橡皮绳对小车做功，小车可以获得速度，小车的速 度可以通过打点计时器测出。这样进行若干次测量就可以得到多组数据，通过画图的方法得出功与速度的 关系。.操作技巧(1)功的变化我们可以通过由一根橡皮绳逐渐增加到若干根的方法得到。(2)要将木板倾斜一定角度，使小车在木板上沿斜面向下的重力的分力与其受的摩擦力相等，目的是让 小车在木板上可以做匀速直线运动。.数据的

2、处理以单根橡皮绳做的功为横坐标，以速度的平方为纵坐标描点连线，画出图象。.实验结论画出W v2图象，图象为直线，即 W v2。要点二、动能、动能的改变要点诠释：.动能：概念：物体由于运动而具有的能叫动能.物体的动能等于物体的质量与物体速度的二次方的乘积 的一半.一、.1、12定义式：Ek mv2 v是瞬时速度.2(3)单位：焦(J).(4)动能概念的理解.动能是标量，且只有正值.动能具有瞬时性，在某一时刻，物体具有一定的速度，也就具有一定的动能.动能具有相对性，对不同的参考系，物体速度有不同的瞬时值，也就具有不同的动能，一般都以地 面为参考系研究物体的运动.动能的变化：动能只有正值，没有负值，

3、但动能的变化却有正有负.“变化”是指末状态的物理量减去初状态的物理量.动能的变化量为正值，表示物体的动能增加了， 对应于合力对物体做正功；动能的变化量为负值， 表示物体的动能减小了，对应于合力对物体做负功，或者说物体克服合力做功.要点三、动能定理要点诠释：内容表述：外力对物体所做的总功等于物体功能的变化.表达式：W Ek2 E , W是外力所做的总功，Ek1、Ek2分别为初、末状态的动能.若初、末速 TOC o 1-5 h z 1212度分力ij为 vi、v2，则 Ekmv1 , Ekmv2 .222物理意义：动能定理揭示了外力对物体所做的总功与物体动能变化之间的关系，即外力对物体做的总功，对

4、应着 物体动能的变化.变化的大小由做功的多少来量度.动能定理的实质说明了功和能之间的密切关系，即做 功的过程是能量转化的过程.等号的意义是一种因果关系的数值上相等的符号，并不意味着“功就是动能 增量”，也不是“功转变成动能”，而是“功引起物体动能的变化”.动能定理的理解及应用要点.动能定理虽然可根据牛顿定律和运动学方程推出，但定理本身的意义及应用却具有广泛性和普遍性.动能定理既适用于恒力作用过程，也适用于变力作用过程.动能定理既适用于物体做直线运动情况，也适用于物体做曲线运动情况.动能定理的研究对象既可以是单个物体，也可以是几个物体所组成的一个系统.动能定理的研究过程既可以是针对运动过程中的某

5、个具体过程，也可以是针对运动的全过程.动能定理的计算式为标量式，v为相对同一参考系的速度.在W Ek2 Ek1中，W为物体所受所有外力对物体所做功的代数和，正功取正值计算，负功取负值计算；Ek2 Ek1为动能的增量，即为末状态的动能与初状态的动能之差，而与物体运动过程无关.要点四、应用动能定理解题的基本思路和应用技巧要点诠释：.应用动能定理解题的基本思路(1)选取研究对象及运动过程；(2)分析研究对象的受力情况及各力对物体的做功情况：受哪些力？哪些力做了功？正功还是负功？然 后写出各力做功的表达式并求其代数和；(3)明确研究对象所历经运动过程的初、末状态，并写出初、末状态的动能 EK1、EK2

6、的表达式;(4)列出动能定理的方程：W合 EK2 EK1，且求解。.动能定理的应用技巧(1)由于动能定理反映的是物体在两个状态的动能变化与其合力所做功的量值关系，所以对由初始状态 到终止状态这一过程中物体运动性质、运动轨迹、做功的力是恒力还是变力等诸多问题不必加以追究，就 是说应用动能定理不受这些问题的限制。一般来说，用牛顿第二定律和运动学知识求解的问题，用动能定理也可以求解，而往往用动能定理 求解简捷；可是有些用动能定理能够求解的问题，应用牛顿第二定律和运动学知识却无法求解。可以说， 熟练地应用动能定理求解问题，是一种高层次的思维和方法，应该增强用动能定理解题的主动意识。要点五、动能定理与牛

7、顿第二定律的联系和区别在推导动能定理的过程中应用了只能在惯性参考系中成立的牛顿第二定律，因而动能定理也只适用于 惯性参考系.而对于不同的惯性参考系，虽然力对物体做的功、物体的动能、动能的变化都不相同，但动 能定理作为一个力学规律在不同的参考系中仍然成立.动能定理适用于在惯性参考系中运动的任何物体.要理解动能定理与牛顿第二定律的联系与区别，应该从两者反映的物理规律的本质上加以认识.我们 知道力的作用效果能够使物体的运动状态发生改变，即速度发生变化，而两者都是来描述力的这种作用效 果的.前者对于一个力作用下物体的运动过程着重从空间积累的角度反映作用结果，而后者注重反映该过 程中某一瞬时力的作用结果

8、.动能定理是从功的定义式出发，结合牛顿第二定律和动力学公式推导出来的，所以它不是独立于牛顿 第二定律的运动方程，但它们有较大的区别：牛顿第二定律是矢量式，反映的是力与加速度的瞬时关系， 即力与物体运动状态变化快慢之间的联系；动能定理是标量式，反映的是力对物体持续作用的空间累积效 果，即对物体作用的外力所做功与物体运动状态变化之间的联系，因而它们是研究力和运动的关系的两条 不同途径.把对一个物理现象每个瞬时的研究转变成对整个过程的研究，是研究方法上的一大进步.动能定理适用于直线运动，也适用于曲线运动；适用于恒力做功，也适用于变力做功.力可以是各种 性质的力，既可以是同时作用，也可以是分段作用，只

9、要能够求出作用过程中各力做功的多少和正负即 可.这些正是动能定理解题的优越性所在.【典型例题】类型一、对“探究功与速度变化的关系”实验的考查例1、在“探究功与速度变化的关系”实验中，小车运动中会受到阻力作用，这样，在小车沿木板滑行的过程中，除橡皮筋对其做功外，还有阻力做功，这样便会给实验带来误差，我们在实验中想到的办法是使木板略微倾斜，对于木板的倾斜程度，下面说法正确的是（）木板只要稍微倾斜一下即可，没有什么严格的要求。木板的倾斜角度在理论上应满足下面的条件：重力沿斜面的分力应等于小车受到的阻力.如果小车在倾斜的木板上能做匀速运动，则木板的倾斜程度是满足要求的.其实木板不倾斜，问题也不是很大，

10、因为实验总是存在误差的.A . B . C . D.【解析】有两个标准可以验证木板是否满足实验要求：（1）理论上小车的重力沿斜面上的分力应等于小车自由运动时所受的阻力.（2）运动状态上，小车能在木板上做匀速直线运动.【答案】B类型二、对动能、动能变化的理解例2、一辆汽车的速度从10km/h增加到20km/h,动能的增量为 Ek1 ；若速度从40km/h增加到50km/h ,动能的增量为Ek2,则（）A.EkiEk2 B .EkiEk2 C . EkiEk2 D ,无法判断【思路点拨】本题考察动能的变化Ek【答案】B【解析】Ek11212120、2r 10、2、1(300、EK2EK1 9mv2

11、9mv10m(qJI)9m(32223.63.623.61212150、2 / 40、2、1/ 900、Ek2 Ek4Ek3mv4mv3m()() )m(2)k324 2323.63.623.62【总结升华】物体速度大小变化相等时，物体的动能变化大小是不相同的。举一反三【变式】关于对动能的理解，下列说法中正确的是（）A.动能是能的一种表现形式，凡是运动的物体都具有动能。B.动能总为正值，但对于不同的参考系，同一物体的动能大小是不同的C. 一定质量的物体，动能变化时，速度一定变化；但速度变化时，动能不一定变化。D.动能不变的物体，一定处于平衡状态。【答案】ABC【解析】动能是由于物体运动而具有的

12、能量，所以运动的物体就有动能，A正确；由于EK mv2,2而v与参考系的选取有关，所以 B正确；由于速度是矢量，当方向变化时，其速度大小不变，故动能并不改变，C正确；做匀速圆周运动的物体动能不变，但并不处于平衡状态，平衡状态指合外力为零，故D错误。类型三、动能定理求匀变速直线运动问题例3、如图所示，物体从高为 h的斜面上的A点由静止滑下，恰好停在平面上的 B点，若使其从B点 开始运动且能回到斜面上的 A点，则物体在B点的初速度应为多大？【思路点拨】因为在两次运动过程中摩擦阻力做功相同，两过程可分别应用动能定理求解。 TOC o 1-5 h z 【解析】物体从 A到B应用动能定理： mgh Wf

13、 0（1）12物体从B到A应用动能te理：mgh Wf m mv（2）2由（i）、 （2）式可得v 2jgh【总结升华】恒力做功时，既可用牛顿定律求解，也可用动能定理求解，显然用动能定理求解要简单。 举一反三 TOC o 1-5 h z 【变式】如图所示，质量为 m的物体从斜面上的 A处由静止滑下，在由斜面底端进入水平面时速度大 小不变，最后停在水平面上的 B处。量得A、B两点间的水平距离为 s, A高为h,已知物体与斜面及水平面 的动摩擦因数相同，则此动摩擦因数=。【答案】s类型四、动能定理求曲线运动问题例4、如图，一半径为 R的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端等高；质量为m的质点自轨道端点

14、 P静止开始滑下，滑到最低点 Q时，对轨道的正压力为 2mg,重力加速度大小为 go质点自P滑到Q的过程 中，克服摩擦力所做的功为（）A. 1mgR B . 1mgR C . mgR D . mgR 4324【答案】C【解析】当质点由P点滑到Q点时，对轨道的正压力为FN=2mg,由牛顿第二定律得 TOC o 1-5 h z VQ 212FN mg m,vQ gR。对质点自 P滑到 Q点应用动能te理得：mgR Wf mvQ 0 ,得:R21 一 -Wf mgR,因此，A、B、D错，C正确。2【总结升华】典型的曲线运动，是非匀速圆周最低点问题与动能定理的综合。【变式】质量为 m的小球被系在轻绳的

15、一端，在竖直平面内做半径为 R的圆周运动，运动过程中小球 受到空气阻力的作用。设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时绳子的张力为7mg此后小球继续做圆周运动，经过半个圆周恰好能通过最高点，则在此过程中小球克服空气阻力所做的功为（）儿姻 B等C与D.mgR【答案】C类型五、动能定理求多过程问题例5、如图所示，用一块长 Li=1.0 m的木板在墙和桌面间架设斜面，桌子高 H=0.8 m ,长L2=1.5 m。斜面与水平桌面的倾角0可在060。间调节后固定。将质量 m=0.2 kg的小物块从斜面顶端静止释放，物块与斜面间的动摩擦因数阴=0.05,物块与桌面间的动摩擦因数为科2,忽略物块在斜面与桌面交接

16、处的能量损失（重力加速度取g=10 m/s2;最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（1）求0角增大到多少时，物块能从斜面开始下滑；（用正切值表示）（2）当0角增大到37。时，物块恰能停在桌面边缘，求物块与桌面间的动摩擦因数科2；（已知sin37 =0.6, cos37 =0.8） TOC o 1-5 h z （3）继续增大e角，发现e =53。时物块落地点与墙面的距离最大，求此最高距离xm,: 一 【解析】（1）为使小物块下滑mg sin 0 1mgsin 0e满足的条件 tan e 0.05（2）克服摩擦力做功 Wf1mgL| cos2mg（L2 L1 cos ）由动能定理得 mgL in 8 一脂

17、0代入数据得-=0.81 O（3）由动能te理得mgL1 sinwf &mv 代入数据得v=1 m/s 2H2gtt =0.4sX1=vtX1=0.4 m xm=X1+L2=1.9m【总结升华】（1）下滑的条件是重力沿斜面的分力大于等于最大静摩擦力。（2）运动情景是先加速后减速，涉及到位移，采用动能定理解题最简单。 举一反三【变式】质量为m的滑块与倾角为 0的斜面间的动摩擦因数为， tan ,斜面底端有一个和斜面垂直放置的弹性挡板，滑块滑到底端与它碰撞时没有机械能损失，如图所示.若滑块从斜面上高为h处以速度V0开始沿斜面下滑，设斜面足够长，求：滑块在斜面上滑行的总路程是多少？【答案】S 上一2

18、gh2 g cos类型六、应用动能定理求解变力做功的问题例6、质量为5 t的汽车，在平直公路上以 60 kW恒定的功率从静止开始启动，速度达到24m/s的最大速度后，立即关闭发动机，汽车从启动到最后停下通过的总位移为1200 m运动过程中汽车所受的阻力不变.求汽车运动的时间.【思路点拨】当汽车以额定功率行驶时汽车牵引力为变力，即汽车牵引力做功为变力做功。【解析】在汽车运动的全过程中，有两个力对物体做了功，牵引力做功为 Pti,阻力做功为 Ffs ,由动能定理得：Pti FfS 0.当汽车达到最大速度时，牵引力和阻力大小相等，则有:PPFvmaxFf vmax ,所以 Ffvmax由两式联立可得：汽车加速运动的时间应为:ti白工年s 50s.PVmax24关闭发动机后，汽车在阻力作用下做匀减速直线运动，由牛顿第二定律及匀变速直线运动公式可得:t2FfmmVmaxvmax由两式联立可求得汽车匀减速所用的时间为:t22mvmaxP5 103 24260 103 s48s.则汽车在全程运动的时间为