宁夏长庆中学2022-2023学年物理高三上期中预测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一物体在光滑水平面上受三个水平力作用处于静止状态, 已知其中的一个力F 方向向东, 保持其余两个力不变,

2、 把F逐渐减小到零后, 又逐渐恢复到原来的值, 在这个过程中（ ）A物体的加速度方向先向西, 后向东, 最后加速度的大小变为零B物体的加速度方向向西, 加速度的大小先增大后减小C物体的速度先增加, 后减小, 最后变为零D物体的位移增大到某一值后,不再增加2、2018 年国际雪联单板滑雪U形池世锦赛决赛在西班牙内华达山收官，女子决赛中，中国选手蔡雪桐以 175 分高居第一，成功卫冕。如图所示，单板滑雪 U形池场地可简化为固定在竖直面内的半圆形轨道场地，雪面不同曲面处的动摩擦因数不同。因摩擦作用， 滑雪运动员从半圆形场地的坡顶下滑到坡底的过程中速率不变，则（ ）A运动员下滑的过程中加速度不变B运动

3、员下滑的过程所受摩擦力先增大后减小C运动员下滑过程中与雪面的动摩擦因数变小D运动员滑到最低点时对轨道的压力等于物体的重力3、实际生活中常常利用如图所示的装置将重物吊到高处。现有一质量为M的同学欲将一质量也为M的重物吊起,已知绳子在水平天花板上的悬点与定滑轮固定点之间的距离为L,不计滑轮的大小、滑轮与绳的重力及滑轮受到的摩擦力。当该同学把重物缓慢拉升到最高点时,动滑轮与天花板间的距离为A36L B12L C33L D32L4、如图所示，质量为m的物体在水平传送带上由静止释放，传送带由电动机带动，始终保持以速度v匀速运动，物体与传送带间的动摩擦因数为，物体过一会儿能保持与传送带相对静止，对于物块从

4、静止释放到相对静止这一过程,下列说法正确的是()A电动机做的功为B摩擦力对物体做的功为C传送带克服摩擦力做的功为D小物块与传送带因摩擦产生的热量为5、光滑平面上一运动质点以速度v通过原点O，v与x轴正方向成角（如图所示），与此同时对质点加上沿x轴正方向的恒力Fx和沿y轴正方向的恒力Fy，则A质点一定做曲线运动B如果FyFx，质点向y轴一侧做曲线运动C质点不可能做直线运动D如果FyFxtan，质点向x轴一侧做曲线运动6、如图所示，A、B是位于水平桌面上两个质量相等的小滑块，离墙壁的距离分别为L和，与桌面之间的动摩擦因数分别为和，现给滑块A某一初速度，使之从桌面右端开始向左滑动，设AB之间、B与墙

5、壁之间的碰撞时间都很短，且碰撞中没有能量损失，若要使滑块A最终不从桌面上掉下来，滑块A的初速度的最大值为（）ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、质量为m的子弹，以水平速度v0射入静止在光滑水平面上质量为M的木块，并留在其中。在子弹进入木块的过程中，下列说法正确的是（）A子弹动能减少量等于木块动能增加量B子弹动量减少量等于木块动量增加量C子弹动能减少量等于子弹和木块内能增加量D子弹对木块的冲量大小等于木块对子弹的冲量大小8、一小滑块从斜面上A点由静止释放，经过时

6、间4t0到达B处，在5t0时刻滑块运动到水平面的C点停止，滑块与斜面和水平面间的动摩擦因数相同已知滑块在运动过程中与接触面间的摩擦力大小与时间的关系如图所示，设滑块运动到B点前后速率不变以下说法中正确的是( )A滑块在斜面和水平面上的位移大小之比为165B滑块在斜面和水平面上的加速度大小之比为14C斜面的倾角为45D滑块与斜面的动摩擦因数9、下列说法正确的是_A悬浮在液体中的微粒越大，某一瞬间撞击它的液体分子数越多，布朗运动越明显B液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力C分子平均速率大的物体的温度一定比分子平均速率小的物体的温度高D自然界中进行的涉及热现象的宏观过

7、程都具有方向性E.外界对气体做功，气体的内能可能减小10、甲、乙两汽车同一条平直公路上同向运动，其速度-时间图象分别如图中甲、乙两条曲线所示。已知两车在时刻并排行驶，下列说法正确的是（ ）A时刻甲车在后，乙车在前B甲车的加速度大小先增大后减小C到时间内，甲的平均速率大于乙的平均速率D乙车的速度大小先减小后增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）请按照有效数字规则读出以下测量值。（1） _mm；_mm；（2）_mm.12（12分）如图所示为利用气垫导轨（滑块在该导轨上运动时所受阻力可忽略）验证机械能守恒定律的实验装置，完成以下填空。

8、实验步骤如下：将气垫导轨放在水平桌面上，桌面高度不低于1m，将导轨调至水平；测出挡光条的宽度l和两光电门中心之间的距离s；将滑块移至光电门1左侧某处，待托盘和砝码静止不动时，释放滑块，要求托盘和砝码落地前挡光条已通过光电门2；测出滑块分别通过光电门1和光电门2的挡光时间；用天平秤出滑块和挡光条的总质量M，再秤出托盘和砝码的总质量m回到下列问题：（1）用最小分度为1mm的刻度尺测量出光电门1和2之间的距离s，以下数据合理的是_。A50cm B50.00cm C50.0cm D50.000cm（2）滑块通过光电门1和光电门2的速度分别为v1和v2，则v1=_。（3）若系统机械能守恒，则M、m、g、

9、s、v1、v2的关系是_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图甲所示，A和B是真空中正对面积很大的平行金属板，位于两平行金属板正中间的O点有一个可以连续产生粒子的粒子源，AB间的距离为L现在A、B之间加上电压UAB随时间变化的规律如图乙所示，粒子源在交变电压的一个周期内可以均匀产生N个相同粒子，这种粒子产生后，在电场力作用下由静止开始运动，粒子一旦碰到金属板，它就附在金属板上不再运动，且电荷量同时消失，不影响A、B板电势已知粒子质量为m=5.010-10kg，电荷量q=1.010-7C，L=1.2m，U

10、0=1.2103V，T=1.210-2s，忽略粒子重力，不考虑粒子之间的相互作用力，求：（1）t0时刻产生的粒子，运动到B极板所经历的时间t0；（2）在0-T2时间内，产生的粒子不能到达B板的时间间隔t；（3）在0-T2时间内，产生的粒子能到达B板的粒子数与到达A板的粒子数之比k14（16分）如图，固定在水平地面上的斜面倾角为，现在斜面上放个质量为2kg的滑块。（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，,）（1）当对滑块施加一个平行于斜面向上的的推力时（如图1），滑块刚好可以沿斜面向下做匀速直线运动，求滑块与斜面间的动摩擦因数。（2）保持斜面与滑块的接触面不变，对滑块施加一个水平向右的推力F2（如图2）

11、，为保证滑块沿斜面匀速上滑，求F2的大小。（3）保持斜面与滑块的接触面不变，对滑块施加一个水平向右的推力F3（如图2），为保证滑块在斜面上静止，求F3的大小范围。15（12分）如图所示，AOB是光滑水平轨道，BC是半径为R的光滑的固定圆弧轨道，两轨道恰好相切于B点质量为M的小木块静止在O点，一颗质量为m的子弹以某一初速度水平向右射入小木块内，并留在其中和小木块一起运动，且恰能到达圆弧轨道的最高点C（木块和子弹均看成质点）求子弹射入木块前的速度若每当小木块返回到O点或停止在O点时，立即有一颗相同的子弹射入小木块，并留在其中，则当第9颗子弹射入小木块后，小木块沿圆弧轨道能上升的最大高度为多少？参考

12、答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A、三力平衡时,三个力中的任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线.将其中的一个向东的力F减小到零后再增加到F,故合力先向西增加到F,再减小到零;根据牛顿第二定律,加速度向西,且先增加后减小到零,故A错误,B正确;C、物体初速度为零,加速度方向一直与速度方向相同,故速度一直增加到最后匀速，C错误;D、即物体先向西做加速度不断变大的加速运动,再向西做加速度不断减小的加速运动;即速度增大到某一值后,做匀速直线运动;在此过程中位移一直增加，故D错误；综上所述本题答案是：B2、C

13、【解析】A运动员在下滑过程中速率不变，故可看做匀速圆周运动，根据：可知加速度大小不变，方向始终指向圆心，方向时刻在变，故加速度时刻在变；故A错误B设支持力与竖直方向的夹角为，则摩擦力：在下滑过程中，由于角度变小，故变小，则变小；故B错误C设支持力 与竖直方向的夹角为，则由于合力大小不变，故在下滑过程中，由于角度变小，故变大，变小，故变大，变小，根据：可知，摩擦因数减小；故C正确D在最低点时：依题意，有速度，则支持力不等于重力，根据牛顿第三定律，压力等于支持力，所以压力不等于重力；故D错误3、A【解析】当该同学把重物缓慢拉升到最高点时，绳子的拉力等于人的重力，即为Mg，而重物的重力也为Mg，则设

14、绳子与竖直方向的夹角为，可得2Mgcos=Mg，则=60，此时动滑轮与天花板的距离为d=L2cot=36L，故A正确，B、C、D错误；故选A。【点睛】以人为研究对象确定物体达到最高点时人的拉力大小，再以滑轮处为研究对象，根据受力情况确定细线与竖直方向的夹角，再根据几何关系求解。4、C【解析】由题中“质量为m的物体在水平传送带上由静止释放”可知，本题考查摩擦力做功和能量守恒，根据物体前后能量变化可以分析本题【详解】A、电动机做功等于物体增加的动能与传送带与物体之间摩擦产生的热能之和，物体动能即为，因此电动机做功一定大于，故A错误；B、摩擦力做功等于物体动能的变化量，即为，故B错误；C、物块做匀加

15、速运动，末速度为v，故此过程中的平均速度为，所以传送带的位移为物块位移的2倍，因为摩擦力对物块做功为，因此传送带克服摩擦力做的功为，故C正确；D、传送带克服摩擦力做功为，小物块获得的动能为，根据能量守恒知，小物块与传送带因摩擦产生的热量为，故D错误5、D【解析】若，则合力方向与速度方向在同一条直线上，物体做直线运动；若，则合力方向与速度方向不在同一条直线上，合力偏向于速度方向上侧，则质点向y轴一侧做曲线运动；若，则合力方向与速度方向不在同一条直线上，合力偏向于速度方向下侧，质点向x轴一侧做曲线运动故D正确，A、B、C错误；故选D。6、B【解析】以A、B两物体组成的系统为研究对象，A与B碰撞时，

16、由于相互作用的内力远大于摩擦力，所以碰撞过程中系统的动量守恒。设A与B碰前速度为vA，碰后A、B的速度分别为vA、vB，由动量守恒定律得由于碰撞中总动能无损失，所以且联立得即A与B碰后二者交换速度。所以第一次碰后A停止运动，B滑动；第二次碰后B停止运动，A向右滑动，要求A最后不掉下桌面，它所具有的初动能正好等于A再次回到桌边的全过程中A、B两物体克服摩擦力所做的功，即解得故ACD错误，B正确。故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】AC子弹克服阻力做的

17、功一部分是转化为内能，一部分给了木块，故机械能不守恒，子弹动能减少量等于子弹和木块内能增加量以及木块增加的动能之和，故AC错误；B水平面光滑，则系统在水平方向的动量守恒，由动量守恒定律可知，子弹动量减少量等于木块动量增加量，故B正确；D由于系统在水平方向的动量守恒，所以子弹对木块的冲量大小等于木块对子弹的冲量，故D正确。故选BD。【点睛】子弹和木块所受水平作用力大小相等，但二者的位移大小不同，根据动能定理，子弹克服阻力做功等于系统产生的内能和木块的动能，系统机械能不守恒。8、BD【解析】物体先在斜面上加速，后在水平面上减速，B点的速度大小是相同的，结合乙图中的时间关系，即可得出加速度的关系；由

18、加速度与时间的关系，结合运动学的公式即可求出位移关系；由乙图得出受到的摩擦力的关系，从而得出斜面的倾角；根据物块在斜面上受力情况，运用牛顿第二定律求解摩擦因数【详解】设滑动到达B点的速度为v，滑块在斜面上的位移：x1=4t0，在水平面上的位移：x2=t0，滑块在斜面和水平面的位移大小之比：，故A错误；A到B的过程中：a14t0=v，B到C的过程中：v=a2t0，加速度之比：，故B正确；由图乙可得：f2=mg=5N，f1=mgcos=4N，所以：，即：=370，故C错误；物体在斜面上运动的过程中：mgsin-mgcos=ma1，在水平面上运动的过程中：ma2=mg，解得：=4/7，故D正确；故选

19、BD9、BDE【解析】A悬浮在液体中的微粒越小，在某一瞬间撞击它的液体分子数越少，布朗运动越明显，故A错误；B由于表面分子较为稀疏，故液体表面分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力，故B正确；C分子的平均动能相等时，物体的温度相等；考虑到分子的质量可能不同，分子平均速率大有可能分子的平均动能小；分子平均速率小有可能分子的平均动能大故C错误；D由热力学第二定律可知，自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，故D正确；E当外界对气体做功，根据热力学第一定律U=W+Q分析可知，内能可能增大也可能减小，故E正确10、ACD【解析】A.已知在时刻，两车并排行驶，在时间内，甲图线

20、与时间轴围成的面积大，则知甲通过的位移大，可知时刻，甲车在后，乙车在前，故A正确。B.速度时间图线切线的斜率表示加速度，可知甲车的加速度大小先减小后增大。故B错误。C.到时间内，甲的位移大于乙的位移，两车都是做单向直线运动，所以甲的路程大于乙的路程，时间相等，平均速率等于路程比时间，所以甲的平均速率大于乙的平均速率，故C正确。D.由乙图可知，乙车的速度大小先减小后增大，故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 （1）2.6412.642； 4.9914.992; （2）10.95【解析】（1）读数分别为：2.5mm+0.01mm1

21、4.2=2.642mm；5.5mm+0.01mm49.1=5.991mm.（2）读数：1cm+0.05mm19=1.095cm=10.95mm.12、 B 【解析】（1）最小分度为1mm的刻度尺，在读数的时候要估读一位，所以应该保留到mm后一位，故B正确。（2）利用光电门测速度的原理：由于挡光条比较窄，所以在处理数据得时候把平均速度当瞬时速度用了即 所以 （3）若系统机械能守恒，则系统内重力势能的减少量应该等于系统动能的增加量，即应该满足： 综上所述本题答案是：(1). B (2). (3). 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和

22、演算步骤。13、（1）2.4510-3s（2）210-3s（3）2:1【解析】（1）t=0时刻，粒子由O到B：L2=12at02 加速度：a=U0qmL=2.0105m/s2 得：t0=610-3s=2.4510-3sT2=610-3s所以：t0=610-3s=2.4510-3s（2）对刚好不能到达B极板的粒子，先做匀加速运动，达到速度vm后，做匀减速运动，到达B极板前速度减为0，设匀加速时间为t，匀减速时间为t，全程时间为t，则匀加速的加速度：a=2.0105m/s2匀减速的加速度大小：a=2U0qmL=4.0105m/s2 由：vm=at=at 得：t=12t 所以：t=t+t=32t 由：12L=12vmt=12at