2022年安徽省合肥市包河区中考二模物理试卷

1、2022年安徽省合肥市包河区中考物理二模试卷一、填空题（第1题每空1分，其他题每空2分，共22分，将答案直接写在横线上，不必写出解题过程）1（2分）请在下列数值的后面填上适当的单位（填单位符号）：（1）你正在解答的这张物理试卷的纸张厚度大约为0.1 ；（2）中学生正常步行的速度大约为4.5 。2（1分）被誉为“新的世界七大奇迹”之一的港珠澳大桥由“水上桥面”和“海底隧道”组成，其中的海底隧道长为5.6km，设计时速最大100km/h，则汽车通过该海底隧道至少要 min（保留一位小数）。3磁场对处在其中的运动电荷有力的作用，这种力称为洛伦兹力，其符号常用f表示。一个质量为m且带正电的粒子在如甲图

2、所示的匀强磁场中，恰能水平向右做匀速直线运动。可将图甲中带正电的粒子看作一个有质量的点（见图乙中的“”）。不计空气阻力，请在图乙中作出该带电粒子所受到的重力和洛伦兹力的示意图（图中“”表示磁场方向垂直纸面向里）。4（1分）由某种物质组成的实心物体的mV图象如图所示，则根据图象可计算出由该物质组成的质量为120g的物体的体积大小为 cm3。5（1分）如图所示，工人沿斜面用200N的推力把一箱质量为40kg的货物从斜面底端缓慢匀速推进车厢（即推到斜面顶端），已知斜面的长度为5m，斜面的机械效率为80%，则该斜面的高度为 m。6（1分）我国首次在南海成功试采出绿色能源“可燃冰”。完全燃烧50g的“可

3、燃冰”来加热水，最多可以使质量为100kg，初温为20的水温升高到 q可燃冰4.2108J/kg，c水4.2103J/（kg）。7（1分）如图所示，轻质杠杆上的OA：OB4：1，放在水平地面上的物体甲底面积为100dm2，其重量为150N；物体乙（悬空）的重量为200N，则当杠杆保持水平平衡时，则物体甲对水平地面的压强大小为 Pa。8（2分）甲、乙两个电子元件的IU图象如图所示，将甲、乙并联接在电压恒为2V的电路中，则甲、乙消耗的电功率之比为 ；如果该电路通电5min，则甲、乙消耗的总电能为 J。9（1分）将定值电阻R1、R2，串联接在电压保持不变的电路中，已知电阻R1两端的电压与电源电压之比

4、为1：4，则电阻R1：R2 。10如图所示，站在河岸上的人（人的眼睛在A点）看见河里B点有一条小鱼，其实该小鱼的真实位置在水面以下的B点，请在图中作出人眼看见该小鱼的光路图（作出一条完整的光路图即可）二、选择题（每小题2分，共14分，每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，请在答题卷上将正确选项的字母用2B铅笔填涂完整）11（2分）如图所示，把一把钢尺紧压在桌面上，让其一端伸出桌面，改变钢尺伸出桌面的长度，用相同的力拨动钢尺，下列说法中正确的是（）A钢尺发出的声音的音调不同B钢尺发出的声音的响度不同C钢尺发出的声音的音色不同D钢尺伸出的长度越短其响度越大12（2分）如图所示，是用3D打印

5、技术将固态树脂打印成的工艺品。3D打印机的喷头在高能激光的作用下，可使固态树脂吸收热量变成液态，在喷头按照3D图纸轨迹运动的过程中，同时将液态材料挤出，液态材料放热后迅速变成固态，并与周围的材料粘结，就这样层层叠加组成了立体实物的工艺品。在上述过程中，先后发生的物态变化是（）A升华和凝华B汽化和液化C液化和凝固D熔化和凝固13（2分）下列说法中正确的是（）A运动速度越大的物体，其惯性越大B一个物体的内能增大，其温度不一定会升高C做功可以改变物体的内能，但一定要消耗机械能D物体受到外力的作用，其运动状态一定会发生改变14（2分）如图所示，长方体木块M放在水平桌面上，木块m放在木块M上面，在水平拉

6、力F作用下二者一起向右做匀速直线运动，不计空气阻力，下列判断分析中正确的是（）A木块m受到方向水平向左的摩擦力B木块m受到方向水平向右的摩擦力C水平拉力F和木块M受到地面的摩擦力大小相等D木块M受到的重力和地面对木块M的支持力是一对平衡力15（2分）如图所示，某一型号的锁设置了三种打开方式：密码（S1），特定指纹（S2）或应急钥匙（S3），三者都可以单独使电动机M工作而打开门锁，下列电路设计符合要求的是（）ABCD16（2分）如图所示，条形磁铁置于水平面上，电磁铁水平放置且右端固定，闭合开关S，将滑片P向左移动的过程中，下列说法正确的是（）A电磁铁的磁性减弱B电磁铁左端是S极C条形磁铁受到的排

7、斥力增大D条形磁铁所受的吸引力减小17（2分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻滑片P向右移动，下列说法中正确的是（）A电路消耗的总电功率变大B电压表与电流表的示数之比变小C电流表的示数变大，电压表的示数变小D电流表的示数变小，电压表的示数不变三、实验题（第18小题4分，第19小题6分，第20小题6分，共16分）18（4分）小明同学利用课余时间深入探究“凸透镜成像规律”，请你帮助他完成下列问题。（1）小明将蜡烛、凸透镜和光屏依次安装在光具座上，点燃蜡烛后，无论怎么样移动光屏，都不能在光屏上得到像，其原因可能是： （正确写出一条即可）。（2）纠正错误后，小明进行实验得到多组实验数

8、据，并通过描点法绘出凸透镜的像距v和物距u的关系图象如图甲所示，根据图甲可知，实验中所使用的凸透镜焦距是 cm。（3）如图乙所示，把点燃的蜡烛放在距凸透镜18cm处，则烛焰经过凸透镜折射所成像的像距v 20cm（选填“”、“”或“”）。（4）如图丙所示，在保持蜡烛和凸透镜位置不变的情况下，小明把一副眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，发现只有将光屏向靠近凸透镜的方向移动一段距离才能在光屏上重新得到烛焰清晰的像，则小明所放置的是一副 眼镜（选填“近视”或“远视”）。19（6分）小明同学利用如图所示的实验装置探究杠杆的机械效率。请你完成下列问题：（1）实验过程中，要竖直向上匀速缓慢拉动弹簧测力计，这样做的目

9、的是 。（2）为了进一步研究杠杆的机械效率与哪些因素有关，小明同学用该实验装置，先后将钩码挂在A、B两点，测量并计算得到如表格中所示的两组实验数据：次数钩码悬挂点钩码总重G钩码移动距离h拉力F测力计移动距离s机械效率/%1A点1.50.100.70.3071.42B点2.00.151.20.3083.3根据表格中的实验数据可知：使用该杠杆提升钩码做功时，也存在额外功，不计空气阻力，其额外功的主要来源是： ； 。（3）根据表格中的实验数据不能得出：“杠杆的机械效率与所挂钩码的重量有关，钩码越重其效率越高”的实验结论。其理由是： ； 。（4）小明在上述实验中，如果保持钩码的重量及其悬挂点不变，只将

10、弹簧测力计改为始终垂直杠杆向上匀速拉动，则在钩码从图中位置不断被提升的过程中，弹簧测力计的示数将 （选填“变大”、“变小”“先变大后变小”、“不变”）。20（6分）小明同学选用如图甲所示的器材测量“小灯泡的额定电功率”，其中电源为两节新的干电池，小灯泡额定电压为2.5V。（1）小明在开始实验前，检查电路时，发现有一根导线连接错误，请在错误导线上画“”。（2）纠正电路连接的错误后，进行正确的实验操作，闭合开关，缓慢移动滑动变阻器的滑片，发现电流表示数逐渐变大，小灯泡却始终不发光，电压表也无示数，则电路故障原因可能是 （正确写出一条即可）。（3）排除故障后，闭合开关，移动变阻器滑片到某一位置时，电

11、压表示数如图乙所示。为了测量小灯泡的额定电功率，接下来的实验操作应是： 。（4）根据实验数据，小明作出了小灯泡的电流随电压变化的IU图象，如图丙所示，则该小灯泡的额定电功率为 W。（5）小明发现图丙中小灯泡的IU图象是一条平滑的曲线，可知通过小灯泡的电流与其两端电压不成正比，其原因是 。（6）由于电流表与电压表本身都有一定电阻，对实验会产生一定的影响，因此利用由图甲改正后的电路图来测量小灯泡的电功率，则所测得的电功率要比其真实的电功率 （选填“偏大”或“偏小”）。四、计算题（第21小题5分，第22小题7分，第23小题6分，共18分；解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不能得分）21（5

12、分）如图所示，A、B两个物体用一根轻质的不可伸缩且绷紧的绳子连接起来，在水平向右的拉力F作用下一起沿水平地面以0.5m/s的速度匀速直线运动了1min，已知F30N，B物体受到的摩擦力fB20N，不计空气阻力。求：（1）绳子的拉力大小；（2）绳子的拉力对A物体做功的大小。22（7分）如图所示，底面积为1dm2，高为20cm的圆柱形木块由一根不可伸缩的轻质细线与装有一定量水的圆柱形容器底部相连。细线刚好伸直，此时木块浸入水中的深度为10cm。求：（1）细线刚好伸直时（即细线的拉力为零），木块底部受到的水的压强大小；（2）该木块的质量大小；（3）如果向圆柱形容器中缓慢注水，当圆柱形木块浸入水中的深

13、度增加8cm时，细线恰好被拉断，则细线所能承受的最大拉力是多少？23（6分）现有一个满偏电流Ig（即允许通过的最大电流）为6mA的灵敏电流计G，其内阻Rg为10，小明同学利用所学的物理知识将该电流计G改装成了一个既可以测电流也可以测电压的多用电表，改装的电路图如图所示。求：（1）接A、B接线柱，多用电表可作量程为0.6A的电流表使用，电阻R1的阻值大小（保留一位小数）；（2）接A、C接线柱，多用电表可作量程为3V的电压表使用，电阻R2的阻值大小。2022年安徽省合肥市包河区中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、填空题（第1题每空1分，其他题每空2分，共22分，将答案直接写在横线上，不必写出解题

14、过程）1（2分）请在下列数值的后面填上适当的单位（填单位符号）：（1）你正在解答的这张物理试卷的纸张厚度大约为0.1mm；（2）中学生正常步行的速度大约为4.5km/h。【答案】（1）mm；（2）km/h。【分析】首先要对题目中涉及的几种物理量有个初步的了解，结合对生活实际的认识，填入符合生活实际的答案。【解答】解：（1）物理试卷的纸张厚度大约为0.1mm，符合实际。（2）中学生正常步行的速度大约为1.2m/s，3.2m/s4.32km/h，故填km/h符合实际。故答案为：（1）mm；（2）km/h。2（1分）被誉为“新的世界七大奇迹”之一的港珠澳大桥由“水上桥面”和“海底隧道”组成，其中的海

15、底隧道长为5.6km，设计时速最大100km/h，则汽车通过该海底隧道至少要3.4min（保留一位小数）。【答案】3.4。【分析】知道路程和速度，根据速度公式计算时间。【解答】解：由v可得，汽车通过海底隧道至少需要的时间：故答案为：3.4。3磁场对处在其中的运动电荷有力的作用，这种力称为洛伦兹力，其符号常用f表示。一个质量为m且带正电的粒子在如甲图所示的匀强磁场中，恰能水平向右做匀速直线运动。可将图甲中带正电的粒子看作一个有质量的点（见图乙中的“”）。不计空气阻力，请在图乙中作出该带电粒子所受到的重力和洛伦兹力的示意图（图中“”表示磁场方向垂直纸面向里）。【答案】【分析】粒子在匀强磁场中，水平

16、向右做匀速直线运动，不计空气阻力，粒子受到重力和洛伦兹力的作用，二力是一对平衡力，根据力的示意图的画法作图（本题不需要利用左手定则粒子的受力方向）。【解答】解：因为粒子在匀强磁场中，水平向右做匀速直线运动，处于平衡状态，洛伦兹力fGmg，4（1分）由某种物质组成的实心物体的mV图象如图所示，则根据图象可计算出由该物质组成的质量为120g的物体的体积大小为96cm3。【答案】96。【分析】由物体的mV图象得出，当体积为80cm3时物体的质量，利用密度公式求物质的密度；再利用V求由该物质组成的质量为120g的物体的体积大小。【解答】解：由物体的mV图象得出，当体积V80cm3时物体的质量m100g

17、，1.25g/cm7；V96cm3。故答案为：96。5（1分）如图所示，工人沿斜面用200N的推力把一箱质量为40kg的货物从斜面底端缓慢匀速推进车厢（即推到斜面顶端），已知斜面的长度为5m，斜面的机械效率为80%，则该斜面的高度为2m。【答案】2。【分析】知道推力大小、货物移动距离，利用WFs求推力做的总功；知道斜面的机械效率，利用求推力做的有用功；知道货物质量，利用Gmg求其重力，最后利用WGh求物体上升的高度，即斜面的高度。【解答】解：工人做的总功：由得，推力做的有用功：货物的重力：由WGh可得，物体上升的高度，即斜面的高度：故答案为：2。6（1分）我国首次在南海成功试采出绿色能源“可燃

18、冰”。完全燃烧50g的“可燃冰”来加热水，最多可以使质量为100kg，初温为20的水温升高到70q可燃冰4.2108J/kg，c水4.2103J/（kg）。【答案】70。【分析】由Q放mq计算完全燃烧50g的“可燃冰”放出的热量；当不计热损失时，水吸热最多（等于“可燃冰”燃烧放出的热量），水升高的温度最多，根据Q吸cmt可求出水最多升高的温度，结合水的初温可求出最多升高到的末温。【解答】解：“可燃冰”的质量50g0.05kg，完全燃烧这些“可燃冰”放出的热量：当不计热损失时，水吸热最多（等于“可燃冰”燃烧放出的热量），水升高的温度最多，t50，tt0+t20+5070。故答案为：70。7（1分

19、）如图所示，轻质杠杆上的OA：OB4：1，放在水平地面上的物体甲底面积为100dm2，其重量为150N；物体乙（悬空）的重量为200N，则当杠杆保持水平平衡时，则物体甲对水平地面的压强大小为100Pa。【答案】100。【分析】已知杠杆受力的力臂之比和物体乙的重力，利用杠杆平衡条件求甲对A端的拉力，由于力的作用是相互的，杠杆对甲的拉力等于甲对A端的拉力，甲对地面压力等于甲的重力减去杠杆对甲的拉力，知道受力面积，再利用压强公式求物体甲对地面的压强。【解答】解：由题知，OA：OB4：1，G乙200N，则甲对A端的拉力：因为力的作用是相互的，则甲对地面压力：受力面积SS甲100dm21m2，p甲100

20、Pa。故答案为：100。8（2分）甲、乙两个电子元件的IU图象如图所示，将甲、乙并联接在电压恒为2V的电路中，则甲、乙消耗的电功率之比为2：1；如果该电路通电5min，则甲、乙消耗的总电能为360J。【答案】2：1；360。【分析】（1）两元件并联时，两个电子元件两端电压相同，根据图象读出通过两元件的电流，根据PUI求出电功率之比；（2）根据并联电路的电流特点求出干路电流，根据WUIt求出电路中消耗的总电能。【解答】解：（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，由图象可知，通过两元件的电流分别为：I甲0.4A，I乙3.2A，P甲：P乙UI甲：UI乙2V0.4A：2V0.8A2：1；（2）因并联电

21、路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路中的总电流：通电5min电路消耗的电能：故答案为：2：7；360。9（1分）将定值电阻R1、R2，串联接在电压保持不变的电路中，已知电阻R1两端的电压与电源电压之比为1：4，则电阻R1：R21：3。【答案】1：3。【分析】两电阻串联时通过他们的电流相等，根据电阻的串联和欧姆定律求出R1两端电压与电源电压之比。【解答】解：将电阻R1和R2串联后接在电源两端，因串联电路中各处的电流相等，由I可得，故答案为：1：3。10如图所示，站在河岸上的人（人的眼睛在A点）看见河里B点有一条小鱼，其实该小鱼的真实位置在水面以下的B点，请在图中作出人眼看见该小鱼的光路图（

22、作出一条完整的光路图即可）【答案】【分析】水中鱼的眼睛B反射的光斜射入空气中时，发生折射，折射角大于入射角，折射光线向法线方向偏折，折射光线进入人的眼睛在A点，人认为光沿直线传播，看到的是折射光反向延长线相交形成的虚像，比B的实际位置高。【解答】解：连接人的眼A和看到的鱼的眼睛B，与水面交于一点O，O即为入射点，连接入射点O和人的眼A，可得折射光线，OB即为入射光线，标上箭头，人认为光沿直线传播，看到的是折射光反向延长线相交形成的虚像，比B的实际位置偏高的B点，如图所示：二、选择题（每小题2分，共14分，每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，请在答题卷上将正确选项的字母用2B铅笔填涂完

23、整）11（2分）如图所示，把一把钢尺紧压在桌面上，让其一端伸出桌面，改变钢尺伸出桌面的长度，用相同的力拨动钢尺，下列说法中正确的是（）A钢尺发出的声音的音调不同B钢尺发出的声音的响度不同C钢尺发出的声音的音色不同D钢尺伸出的长度越短其响度越大【答案】A【分析】声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；而音调的高低与发声物体振动快慢有关，物体振动越快，音调越高。【解答】解：实验中钢尺振动发出声音，所以音色不变；改变钢尺伸出桌面的长度，用同样大小的力拨动，振幅相同，响度相同；钢尺振动的快慢不同，发出声音的音调不同。故选：A。12（2分）如图所示，是用3D打印技术将固态树脂打印成的工艺

24、品。3D打印机的喷头在高能激光的作用下，可使固态树脂吸收热量变成液态，在喷头按照3D图纸轨迹运动的过程中，同时将液态材料挤出，液态材料放热后迅速变成固态，并与周围的材料粘结，就这样层层叠加组成了立体实物的工艺品。在上述过程中，先后发生的物态变化是（）A升华和凝华B汽化和液化C液化和凝固D熔化和凝固【答案】D【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。【解答】解：固态树脂吸收热量变成液态，属于熔化现象；液态材料放热后变成固态，属于凝固现象，故D正确、ABC错误。故选：D。13（2分）下

25、列说法中正确的是（）A运动速度越大的物体，其惯性越大B一个物体的内能增大，其温度不一定会升高C做功可以改变物体的内能，但一定要消耗机械能D物体受到外力的作用，其运动状态一定会发生改变【答案】B【分析】（1）影响惯性的因素是物体的质量；（2）物体内能增大，它的温度不一定会升高，如晶体熔化；（3）改变物体内能的方式：做功和热传递；对物体做功，机械能转化为内能，物体对外做功，内能转化为机械能；（4）物体的运动状态发生改变一定受到非平衡力的作用，平衡力不能改变物体的运动状态。【解答】解：A、惯性的大小只与物体的质量有关，与速度无关，因此运动速度越大的物体，其惯性不一定越大，故A错误；B、物体内能增大，

26、它的温度不一定会升高。比如：晶体的熔化过程中吸热但温度保持不变。故B正确；C、对物体做功，机械能转化为内能，消耗机械能，得到内能；压缩气体对外做功，内能转化为机械能，消耗内能，得到机械能，故C错误；D、物体受到平衡力的作用时，其运动状态不变，原来物体处于什么运动状态，现在还是什么状态。故D错误。故选：B。14（2分）如图所示，长方体木块M放在水平桌面上，木块m放在木块M上面，在水平拉力F作用下二者一起向右做匀速直线运动，不计空气阻力，下列判断分析中正确的是（）A木块m受到方向水平向左的摩擦力B木块m受到方向水平向右的摩擦力C水平拉力F和木块M受到地面的摩擦力大小相等D木块M受到的重力和地面对木

27、块M的支持力是一对平衡力【答案】C【分析】AB、摩擦力产生条件：两物体接触面粗糙、相互接触且挤压，同时物体间相对运动或相对运动的趋势；C、把m和M木块作为一个整体，分析其在水平方向上的受到的力，根据二力平衡分析回答；D、二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上；地面对木块M的支持力等于m和M木块的重力之和，大于M受到的重力，据此分析。【解答】解：AB、木块m放在木块M上面，在水平拉力F的作用下一起向右做匀速直线运动，m相对于M 没有相对运动的趋势，故木块m没有受到方向水平方向的摩擦力；故AB错误；C、把m和M木块作为一个整体，因在水平方向上做匀速直线运动，故M受到

28、的拉力与地面施加的摩擦力为一对平衡力，故水平拉力F和木块M受到地面的摩擦力大小相等；故C正确；D、地面对木块M的支持力等于m和M木块的重力之和，大于M受到的重力，木块M受到的重力和地面对木块M的支持力大小不相等，二力不一对平衡力，故D错误。故选：C。15（2分）如图所示，某一型号的锁设置了三种打开方式：密码（S1），特定指纹（S2）或应急钥匙（S3），三者都可以单独使电动机M工作而打开门锁，下列电路设计符合要求的是（）ABCD【答案】D【分析】由题意可知，密码（S1）、特定指纹（S2）、应急钥匙（S3）是三个开关，三者都可以单独使电动机M工作而打开门锁，由此分析三个开关的连接方式以及电动机的位

29、置。【解答】解：由题意可知，密码（S1）、特定指纹（S2）、应急钥匙（S3）是三个开关，三者都可以单独使电动机M工作而打开门锁，故选：D。16（2分）如图所示，条形磁铁置于水平面上，电磁铁水平放置且右端固定，闭合开关S，将滑片P向左移动的过程中，下列说法正确的是（）A电磁铁的磁性减弱B电磁铁左端是S极C条形磁铁受到的排斥力增大D条形磁铁所受的吸引力减小【答案】C【分析】（1）向左端移动滑片P，滑动变阻器连入的电阻变小，通过的电流变大，电磁铁磁性增强，（2）利用螺线管中电流方向和线圈绕向根据安培定则确定螺线管的左端的磁极，再利用磁极间的作用规律确定条形磁铁的右端与电磁铁左端的相互作用情况。【解答

30、】解：A、由图可知，向左端移动滑片P，滑动变阻器连入的电阻变小，通过电磁铁的电流变大，电磁铁的磁性增强，故A错误；B、根据螺线管的线圈绕向和电流从螺线管的左端流入，利用安培定则可知螺线管的左端为N极、右端是S极，故B错误；CD、条形磁铁的N极与电磁铁的N极相对，所以条形磁铁受到电磁铁对它向左的斥力，当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电阻变小，通过电磁铁的电流变大，电磁铁的磁性增强，条形磁铁与电磁铁之间的排斥力变大，故C正确，D错误。故选：C。17（2分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻滑片P向右移动，下列说法中正确的是（）A电路消耗的总电功率变大B电压表与电流表的示数之比变小C

31、电流表的示数变大，电压表的示数变小D电流表的示数变小，电压表的示数不变【答案】D【分析】由图可知，该电路为并联电路；电压表测量的是电源的电压；电流表测的是通过滑动变阻器的电流；根据滑片的移动方向判定其电阻的变化，从而判定出其电流的变化；根据并联电路的电流特点分析总电流的变化；根据PUI判定总功率的变化。【解答】解：由图可知，该电路为并联电路；电压表测量的是电源的电压；电流表测的是通过滑动变阻器的电流；闭合开关S，将滑动变阻滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小，即电流表示数变小；电压表与电流表的示数之比为滑动变阻器的阻值，阻值变大，比值变大；故

32、选：D。三、实验题（第18小题4分，第19小题6分，第20小题6分，共16分）18（4分）小明同学利用课余时间深入探究“凸透镜成像规律”，请你帮助他完成下列问题。（1）小明将蜡烛、凸透镜和光屏依次安装在光具座上，点燃蜡烛后，无论怎么样移动光屏，都不能在光屏上得到像，其原因可能是：烛焰、凸透镜、光屏的中心没有在同一高度（或物距小于或等于1倍焦距）（正确写出一条即可）。（2）纠正错误后，小明进行实验得到多组实验数据，并通过描点法绘出凸透镜的像距v和物距u的关系图象如图甲所示，根据图甲可知，实验中所使用的凸透镜焦距是10cm。（3）如图乙所示，把点燃的蜡烛放在距凸透镜18cm处，则烛焰经过凸透镜折射

33、所成像的像距v20cm（选填“”、“”或“”）。（4）如图丙所示，在保持蜡烛和凸透镜位置不变的情况下，小明把一副眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，发现只有将光屏向靠近凸透镜的方向移动一段距离才能在光屏上重新得到烛焰清晰的像，则小明所放置的是一副远视眼镜（选填“近视”或“远视”）。【答案】故答案为：（1）烛焰、凸透镜、光屏的中心没有在同一高度（或物距小于或等于1倍焦距）；（2）10；（3）；（4）远视。【分析】（1）光屏上不能成像，可能是因为此时物距小于焦距，成虚像；或使蜡烛、凸透镜、光屏，三者的中心不在同一高度，像不能成在光屏上；或物距等于1倍焦距，不能成像；（2）凸透镜成实像时，u2f，成倒立、等大

34、的实像，v2f；（3）凸透镜成像的三种情况和应用。u2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机；2fuf，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪；uf，成正立、放大的虚像，应用于放大镜；（4）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，凸透镜是远视镜，对光线有会聚作用。【解答】解：（1）无论怎样移动光屏都不能在光屏上得到像，可能是物距小于或等于焦距或烛焰、凸透镜、光屏的中心没有在同一高度；（2）由图甲可知，物距等于像距时，uv20cm，此时成倒立、等大的实像，凸透镜焦距：fu20cm10cm；（7）凸透镜焦距f10cm，蜡烛放在距凸透镜18cm处时，满足2fuf，成倒立、放大的实像，是投影

35、仪工作原理，此时像距v2f20cm，；（4）把一副眼镜放在蜡烛和凸透镜之间靠近凸透镜的位置，结果光屏上原来清晰的像变得模糊了，把光屏靠近凸透镜时，蜡烛的像变得清晰了，即说明此时该透镜对光线有会聚作用，故这副眼镜是凸透镜，即是远视眼镜。故答案为：（1）烛焰、凸透镜、光屏的中心没有在同一高度（或物距小于或等于1倍焦距）；（2）10；（3）；（2）远视。19（6分）小明同学利用如图所示的实验装置探究杠杆的机械效率。请你完成下列问题：（1）实验过程中，要竖直向上匀速缓慢拉动弹簧测力计，这样做的目的是使弹簧测力计的示数和作用在杠杆上的拉力相等。（2）为了进一步研究杠杆的机械效率与哪些因素有关，小明同学用

36、该实验装置，先后将钩码挂在A、B两点，测量并计算得到如表格中所示的两组实验数据：次数钩码悬挂点钩码总重G钩码移动距离h拉力F测力计移动距离s机械效率/%1A点1.50.100.70.3071.42B点2.00.151.20.3083.3根据表格中的实验数据可知：使用该杠杆提升钩码做功时，也存在额外功，不计空气阻力，其额外功的主要来源是：杠杆自重；杠杆支点处的摩擦。（3）根据表格中的实验数据不能得出：“杠杆的机械效率与所挂钩码的重量有关，钩码越重其效率越高”的实验结论。其理由是：两次实验钩码没有挂在同一位置；一次对比实验所得结论是不可靠的。（4）小明在上述实验中，如果保持钩码的重量及其悬挂点不变

37、，只将弹簧测力计改为始终垂直杠杆向上匀速拉动，则在钩码从图中位置不断被提升的过程中，弹簧测力计的示数将先变大后变小（选填“变大”、“变小”“先变大后变小”、“不变”）。【答案】（1）使弹簧测力计的示数和作用在杠杆上的拉力相等；（2）杠杆自重；杠杆支点处的摩擦；（3）两次实验钩码没有挂在同一位置；一次对比实验所得结论是不可靠的；（4）先变大后变小。【分析】（1）实验时，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使弹簧测力计的示数和作用在杠杆上的拉力相等；（2）在实验中，弹簧测力计向上拉力做的功是总功，克服钩码重力做的功是有用功，克服摩擦以及杠杆自重做的功是额外功；（3）通过探究实验时，应进行多次实验，分析多组

38、数据，才能得出正确结论；分析机械效率的影响因素采取控制变量法；（4）弹簧测力计拉力方向总垂直于杠杆，动力臂不变，阻力不变，根据阻力臂的不会，判断动力的变化。【解答】解：（1）实验时，要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使弹簧测力计的示数和作用在杠杆上的拉力相等；（2）额外功产生的原因：克服机械的重做功、克服摩擦做功；（6）分析机械效率的影响因素采取控制变量法，研究提起的物重和机械效率的关系时，应保持位置不变；（4）若弹簧测力计拉力方向一直垂直于杠杆向上拉动杠杆的过程中，阻力不变，动力臂不变，阻力臂先变大后变小，所以测力计示数先变大后变小。故答案为：（1）使弹簧测力计的示数和作用在杠杆上的拉力相等；（

39、2）杠杆自重；杠杆支点处的摩擦；（7）两次实验钩码没有挂在同一位置；一次对比实验所得结论是不可靠的；（4）先变大后变小。20（6分）小明同学选用如图甲所示的器材测量“小灯泡的额定电功率”，其中电源为两节新的干电池，小灯泡额定电压为2.5V。（1）小明在开始实验前，检查电路时，发现有一根导线连接错误，请在错误导线上画“”。（2）纠正电路连接的错误后，进行正确的实验操作，闭合开关，缓慢移动滑动变阻器的滑片，发现电流表示数逐渐变大，小灯泡却始终不发光，电压表也无示数，则电路故障原因可能是灯泡或电压表短路（正确写出一条即可）。（3）排除故障后，闭合开关，移动变阻器滑片到某一位置时，电压表示数如图乙所示

40、。为了测量小灯泡的额定电功率，接下来的实验操作应是：滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压。（4）根据实验数据，小明作出了小灯泡的电流随电压变化的IU图象，如图丙所示，则该小灯泡的额定电功率为0.5W。（5）小明发现图丙中小灯泡的IU图象是一条平滑的曲线，可知通过小灯泡的电流与其两端电压不成正比，其原因是灯的电阻随温度的变化而变化。（6）由于电流表与电压表本身都有一定电阻，对实验会产生一定的影响，因此利用由图甲改正后的电路图来测量小灯泡的电功率，则所测得的电功率要比其真实的电功率偏大（选填“偏大”或“偏小”）。【答案】（1）如上所示；（2）灯泡或电压表短路；（3）滑片向右移动，直到电压表示数为

41、额定电压；（4）0.5；（5）灯的电阻随温度的变化而变化；（6）偏大。【分析】（1）实验中，变阻器与灯串联，电压表与灯并联，原电路中，变阻器的右下接线柱与电压表正接线柱的连线是多余的；（2）纠正电路连接的错误后，进行正确的实验操作，闭合开关，缓慢移动滑动变阻器的滑片，发现电流表示数逐渐变大，由电路为通路，根据小灯泡却始终不发光，电压表也无示数分析；（3）灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；（4）根据作出了小灯泡的电流随电压变化的IU图象知灯在额定电压下的电流，根据PUI得出则该小灯泡的额定电功率；（

42、5）灯的电阻随温度的变化而变化；（6）因电流表测灯与电压表并联的电流，由并联电路电流规律，结合PUI分析。【解答】解：（1）实验中，变阻器与灯串联，电压表与灯并联，原电路中，变阻器的右下接线柱与电压表正接线柱国的连线是多余的，如下所示：（2）纠正电路连接的错误后，进行正确的实验操作，闭合开关，缓慢移动滑动变阻器的滑片，发现电流表示数逐渐变大，由电路为通路，小灯泡却始终不发光，电压表也无示数，则电路故障原因可能是：灯泡或电压表短路；（8）灯在额定电压下正常发光，图中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯的额定电压2.6V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电

43、压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压；（4）根据作出了小灯泡的电流随电压变化的IU图象知，灯在额定电压下的电流为0.2A，则该小灯泡的额定电功率为：PUI2.3V0.2A0.5W；（5）小明发现图丙中小灯泡的IU图象是一条平滑的曲线，可知通过小灯泡的电流与其两端电压不成正比，则灯的电阻是变化的，其原因是灯的电阻随温度的变化而变化；（6）因电流表测灯与电压表并联的电流，由并联电路电流规律，电流表示数大于灯的实际电流，根据PUI，因此利用由图甲改正后的电路图来测量小灯泡的电功率，则所测得的电功率要比其真实的电功率偏大。（1）如上所示；（7）灯泡

44、或电压表短路；（3）滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压；（4）0.4；（5）灯的电阻随温度的变化而变化；（6）偏大。四、计算题（第21小题5分，第22小题7分，第23小题6分，共18分；解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不能得分）21（5分）如图所示，A、B两个物体用一根轻质的不可伸缩且绷紧的绳子连接起来，在水平向右的拉力F作用下一起沿水平地面以0.5m/s的速度匀速直线运动了1min，已知F30N，B物体受到的摩擦力fB20N，不计空气阻力。求：（1）绳子的拉力大小；（2）绳子的拉力对A物体做功的大小。【答案】（1）绳子的拉力大小为10N；（2）绳子的拉力对A物体做功大小为30

45、0J。【分析】（1）对于物体B，在水平方向上做匀速直线运动，受到向右的拉力F、向左的摩擦力fB、向左的拉力F拉作用，绳子的拉力大小对于物体B受到的向左的拉力；（2）物体A受到的拉力等于绳子的拉力大小，利用svt求物体A移动距离，再利用WFs求绳子的拉力对A物体做功。【解答】解：（1）对于物体B，在水平方向上做匀速直线运动，受到向右的拉力F、向左的摩擦力fB、绳子向左的拉力F拉作用，绳子的拉力大小：（2）由于力的作用是相互的，物体A受到的拉力：物体A移动距离：绳子的拉力对A物体做功：答：（1）绳子的拉力大小为10N；（2）绳子的拉力对A物体做功大小为300J。22（7分）如图所示，底面积为1dm2，高为20cm的圆柱形木块由一根不可伸缩的轻质细线与装有一定量水的圆柱形容器底部相连。细线刚好伸直，此时木块浸入水中的深度为10