2022年山东省威海市文登区中考一模物理试卷（五四学制）

1、2022年山东省威海市文登区中考物理一模试卷（五四学制）一、选择题（本题共12小题，1-10小题为单项选择题，每小题2分；11-12小题为多项选择题，每小题全部选对的得3分，选对但选不全的得2分，选错或不选的得0分，共26分）1（2分）关于声现象，下列说法中错误的是（）A“倒车雷达”利用了超声波来进行倒车定位的B摩托车加消声器属于在声源处减弱噪声C声音在真空中传播速度为340m/sD在交响乐演奏中，台下的观众能分辨出不同乐器的声音，主要靠音色辨别2（2分）下列成语所描述的情景中，属于光的折射现象的是（）A镜花水月B海市蜃楼C坐井观天D立竿见影3（2分）如果你将掉落在地面的物理课本捡起来放在课桌

2、上，你对课本所做的功最接近于（）A0.02JB0.2JC2JD20J4（2分）异丁烷和甲基丙烷作为新的制冷剂，已经代替氟利昂成为电冰箱中新的热量“搬运工”（较多的氟利昂会破坏大气中的臭氧层），当液态制冷剂进入电冰箱的冷冻室后，吸走热量，此时制冷剂发生的物态变化是（）A汽化B液化C凝固D熔化5（2分）为了便于观察或减小误差，我们在实验中需要对实验方案进行优化改进，下列采取的措施不合理的是（）A在探究平面镜成像时，为了使棋子的像清晰一些，用手电筒对着镜子表面照射B在观察水沸腾的实验中，使用初温较高的热水来加热C在探究红外线的热效应时，为了使温度计示数变化明显，将玻璃泡涂黑D在估测纸锥下落速度时，为

3、了更准确测量它下落的时间，用锥角较大的纸锥6（2分）如图所示，小明同学在做探究凸透镜成像规律的实验，当蜡烛、透镜、光屏分别处于图中所示位置时，光屏上出现了清晰的烛焰的像，则凸透镜的焦距可能是（）A3cmB7cmC19cmD20cm7（2分）如图所示，跳水运动员站在跳板上静止不动。下列说法正确的是（）A跳板被压弯说明力可以改变物体的运动状态B此时运动员受到平衡力的作用C跳板对运动员的支持力和运动员对跳板的压力是一对平衡力D运动员对跳板的压力和运动员所受的重力是一对平衡力8（2分）如图所示，将标有“12V 6W”的灯泡L1和“12V 3W”的灯泡L2接在12V的电路中，闭合开关，不考虑温度对灯丝电

4、阻的影响，下列说法中正确的是（）A电路总功率等于9WB电路总功率大于9WC灯泡L1和L2一样亮D灯泡L2比灯泡L1亮9（2分）如图是检测植物叶片含水量的电路，电源电压不变，R是用石墨烯制成的湿敏电阻，其阻值会随含水量的升高而增大。将湿敏电阻R附着在叶片上，当R检测到叶片含水量升高时（）A电流表示数增大B电压表示数减小C电路总电阻减小D电路总功率增大10（2分）如图所示，用相同的滑轮组装成甲、乙滑轮组，分别将同一重物在相等的时间内提升相同的高度，不计绳重和摩擦，则（）A甲、乙的拉力之比是2：3B甲、乙的机械效率之比是1：1C甲、乙拉力的功率之比是3：2D甲、乙绳的自由端速度之比是1：111（3分

5、）如图是甲、乙两种液体的质量与体积关系图象，将相同的木块分别放入盛有甲、乙两种液体的容器a和b中，待木块静止时，两容器液面相平，下列说法正确的是（）Aa容器盛的是甲液体，b容器盛的是乙液体B木块在a容器内排开液体的质量较大Ca、b两容器底部受到液体的压强相等Da、b两容器中木块下表面受到液体的压强相等12（3分）一只小灯泡标有“3.8V”字样，额定功率模糊不清，某同学设计了如图甲所示的电路进行测量，电源电压恒为6V，电压表、电流表使用的量程分别为03V、00.6A，滑动变阻器的规模为“10 1A”，他根据实验数据作出电压表、电流表示数的UI图象，如图乙所示。则以下判断正确的是（）A小灯泡的额定

6、功率为0.88WB滑片向左移时电压表示数变大，小灯泡变亮C变阻器允许连入电路的最大阻值约为8.82D小灯泡正常发光2s内，变阻器产生的电热为3.04J二、填空题（本题共8小题，每小题2分，共16分）13（2分）如图所示，用刻度尺测量的小红旗长度 cm，小红旗呈现红色是因它 红光（选填“反射”“吸收”或“折射”）。14（2分）图中能表示近视眼成因的是 （选填“甲”或“乙”）应该配戴 （选填“凸透镜”成“凹透镜”）来矫正。15（2分）消防员抓住一根竖直的杆从楼上匀速滑下，消防员自身及装备质量共80kg，则杆对人的摩擦力是 N；接近地面时，他增大握力，则杆对手的摩擦力将 （选填“增大”“减小”或“不

7、变”）。16（2分）随着生活水平的提高，很多家庭已经用上了如图所示的扫地机器人，它能自动吸尘、主动躲避障碍物。（1）扫地机器人吸尘是利用了气体流速越大的位置压强越 的原理。（2）扫地机器人靠超声波来探测障碍物。某次机器人发出超声波0.001s后收到回波，障碍物离机器人的距离是 cm。17（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表示数将 ，电压表示数将 。18（2分）如图所示电能表，表盘上标有“600revs/（kWh）”的字样。将此电能表接入家庭电路中，电路中允许接入用电器的总功率最大为 W，若关闭其它用电器，让空调机单独工作6min，电能表

8、的转盘转过60转，则该空调机在上述时间内消耗的电功率是 W。19（2分）如图为一种水陆两栖抢险救援车，人和车的总重量为6103N已知水1103kg/m3，g取10N/kg问：（1）救援车停泊在水面时排开水的体积多大？（2）当救援车以10m/s的速度在陆地上匀速行速时，受到的阻力为其总重量的0.1倍。救援车行驶5min，牵引力做的功是多少？20（2分）在一个圆柱形容器内盛有适量的水，现将一质量为200g的密闭空心铁盒A放入水中时，空心铁盒有一半浮出水面；当铁盒上放一个小磁铁B时，铁盒恰好浸没水中，如图甲所示，当把它们倒置在水中时，A有的体积露出水面，如图乙所示。图乙的液面与图甲相比，液面会 。（

9、选填“升高”、“降低”或“不变”），小磁铁B的密度为 kg/m3（甲乙两图中液体均没有溢出）。三、作图题（本题共2小题，21题2分，22题2分，共4分）21（2分）如图所示，拉杆式行李箱在拉力F的作用下静止在斜坡上，请画出行李箱受到的重力G的示意图，以及拉力F对O点的力臂L。22（2分）请在图中将小磁针的北极涂黑，并以“N”表示。四、实验探究题（本题共3小题，23题6分，24题7分，25题6分，共19分）23（6分）五一期向小明随父亲到景点游玩，小明父亲用照相机拍摄了一张的清晰照片，如图甲所示：小明发现相机中的像有点小。提议能否把像拍得更大一些，父亲便更换相机镜头后在原地又拍摄了一张滕王阁的清

10、晰照片，如图甲所示。小明思考：两次成像的大小不同是什么原因造成的呢？猜想与假设两次成像的大小不同可能是由于两个镜头的焦距不同造成的。设计实验与进行实验为了验证这一想法，返校后，小明在学校实验室找来了一支蜡烛，焦距分别为5cm和10cm的两个凸透镜、光具座、光屏等器材进行了以下探究：（1）小红将蜡烛、焦距为5cm的凸透镜、光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛并调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，这样做的目的是 。（2）如图2所示，小红将凸透镜固定在光具座50cm刻度处，再将蜡烛放在光具座10cm刻度处，移动光屏，使光屏上出现清晰的像，此时的像是一个倒立、 的实像。（3）接下来她换用f10cm的

11、凸透镜，仍然固定在光具座50cm刻度处，为了再次得到清晰的像，她应该保持 不变，移动 ，直到出现清晰的像为止。分析与论证对比两次实验中像的大小，发现第二次成的像比第一次稍大，据此小红得出的结论是 。（4）摄像师用照相机给九年级同学拍摄毕业照时，想让被拍的同学成的像大一些，除了更换相机镜头外，还可以使摄像师 （选填“靠近”或“远离”）同学。24（7分）有人猜想：“浸没在液体中的固体所受的浮力大小可能跟固体的形状有关”，请设计一个实验验证猜想是否正确。写出实验所需的器材和实验步骤；并画出实验数据记录表格。25（6分）小明在做“探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关”的实验时，设计了如图所示

12、的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气，且都有一段电阻丝，U形管中有一定量的同种液体。（1）实验过程中是通过观察 来比较导体产生热量的多少。（2）甲图透明容器中密封着两段电阻丝，分别是5和10，利用中图所示的装置可以探究电流通过导体产生的热量与 的关系。（3）小明想利用图乙所示装置探究电流通过导体产生热量与电流的关系，请帮助他将电路图补充完整。正确连接电路，闭合开关一段时间后，小明发现左侧U形管液面高度差大于右侧U形管液面高度差，可以得出结论： 。（4）该实验运用了 （选填“转换法”或“等效替代法”）的物理思想。（5）小明将甲装置改装后可测量煤油的比热容。方法是：将两电阻丝换为阻值相等的定

13、值电阻，再将U形管换为温度计，分别向两容器中加入初温均为t0、质量相等的水和煤油，通电一段时间后，读出温度计的示数分别为t水和t煤油，请写出煤油比热容的表达式c煤油 （已知水的比热容为c水）。五、综合计算题（本题共3小题，26题6分、27题9分，28题10分，共25分.要求写出必要的文字说明、单位，重要的公式及主要的运算过程，只写出结果的不能得分）26（6分）小明家用铁皮桶制作简易太阳能热水器，替代燃烧木柴的加热方式，小明观测到某日铁皮桶装满水后，经过一天的太阳光照，水温从20升高到60，已知铁皮桶的容积为50L，c水4.2103J/（kg），问：（1）太阳能热水器工作过程中是通过 的方式提高

14、水的内能。（2）当日桶内的水吸收的热量有多大？（3）设用燃烧木柴加热，木柴完全燃烧释放热量的28%被桶内水吸收，则当日使用该太阳能热水器可节约多少木柴？（q木柴1.2107J/kg）27（9分）如图甲所示，水平桌面上放置底面积为100cm2的柱形容器，容器内装有15cm深的某种液体，弹簧测力计下面悬挂一个底面积为50cm2的圆柱体，从液面逐渐浸入直到浸没，弹簧测力计示数F与圆柱体浸入液体深度h的关系如图乙所示，容器的厚度忽略不计，容器内液体没有溢出，求：（1）圆柱体一半体积浸入在液体中时，弹簧测力计的示数？（2）容器内液体密度？（3）圆柱体浸没时，液体对容器底部的压强？28（10分）图甲是两档

15、空气炸锅，图乙是其内部简化电路，R1、R2均为发热体，将开关S分别置于1、2两位置时，空气炸锅处于不同的挡位。已知两档空气炸锅的高温挡功率为900W，R2阻值为96.8，求：（1）试分析说明空气炸锅在高温和低温挡时，开关S分别处于哪个位置？（2）发热体R1的阻值是多少？（3）空气炸锅高温挡一次性可装入200克牛柳，若将这些牛柳从40加热到190，需要多长时间？【c牛柳3103J/（kg），设加热其间牛柳的比热容不变，不计热量损失】2022年山东省威海市文登区中考物理一模试卷（五四学制）参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，1-10小题为单项选择题，每小题2分；11-12小题为多项选择题

16、，每小题全部选对的得3分，选对但选不全的得2分，选错或不选的得0分，共26分）1（2分）关于声现象，下列说法中错误的是（）A“倒车雷达”利用了超声波来进行倒车定位的B摩托车加消声器属于在声源处减弱噪声C声音在真空中传播速度为340m/sD在交响乐演奏中，台下的观众能分辨出不同乐器的声音，主要靠音色辨别【答案】C【分析】（1）“倒车雷达”利用了超声波；（2）减弱噪声的途径包括在声源处、在人耳处、在传播过程中；（3）声音在15空气中的传播速度是340m/s，真空不能传声；（4）不同发声体的材料和结构不同，发出声音的音色不同。【解答】解：A、“倒车雷达”利用了超声波，故A；B、摩托车加消声器属于在声

17、源处减弱噪声，故B。C、声音在15空气中的传播速度是340m/s，在真空中不能；D、不同乐器的材料和结构不同，发出声音的音色，台下的观众能分辨出不同乐器的，主要靠音色辨别。故选：C。【点评】本题考查了有关声现象的多个知识点，都是我们应该熟知的基础知识，难度不大。2（2分）下列成语所描述的情景中，属于光的折射现象的是（）A镜花水月B海市蜃楼C坐井观天D立竿见影【答案】B【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光

18、的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。【解答】解：A、镜花水月是指花在镜子中成像，月亮在水中，是光的反射造，故A不符合题意；B、海市蜃楼是光在不均匀的大气中传播形成的光的折射现象，故B符合；C、坐井观天指在井中看到的天空只有井口那么大，这是光的直线传播造；D、立竿见影只在地上树立一个竿子就可以看到它的影子，这是光沿直线传播形。故选：B。【点评】此题通过几个词语考查学生对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，解题的关键是理解词语反应的物理情境，一定程度上考查了学生的语文知

19、识，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。3（2分）如果你将掉落在地面的物理课本捡起来放在课桌上，你对课本所做的功最接近于（）A0.02JB0.2JC2JD20J【答案】C【分析】准确的估测课桌的高度和物理课本的重力大小，利用公式WFsGh计算。【解答】解：课桌的高度约为0.7m，物理课本的重力约为：WGh7.7m3N2.1J，所以选项A、B、D都不符合实际。故选：C。【点评】本题主要考查三个方面的内容：（1）对课桌高度的估测能力；（2）对物理课本重力大小的估测能力；（3）对机械功的计算能力。4（2分）异丁烷和甲基丙烷作为新的制冷剂，已经代替氟利昂成为电冰箱中新的热量“搬运工”（较多的氟

20、利昂会破坏大气中的臭氧层），当液态制冷剂进入电冰箱的冷冻室后，吸走热量，此时制冷剂发生的物态变化是（）A汽化B液化C凝固D熔化【答案】A【分析】液态的物质可以发生两种变化：吸热汽化，放热凝固，所以液态物质究竟会发生哪种状态变化取决于它是吸热还是放热。【解答】解：液态的氟利昂吸收热量从液态变成气态，此过程为汽化。故选：A。【点评】物质的状态变化时一种热现象，在状态变化的同时伴随着能量的变化，同样是由于能量的变化影响到了物质的状态变化。5（2分）为了便于观察或减小误差，我们在实验中需要对实验方案进行优化改进，下列采取的措施不合理的是（）A在探究平面镜成像时，为了使棋子的像清晰一些，用手电筒对着镜子

21、表面照射B在观察水沸腾的实验中，使用初温较高的热水来加热C在探究红外线的热效应时，为了使温度计示数变化明显，将玻璃泡涂黑D在估测纸锥下落速度时，为了更准确测量它下落的时间，用锥角较大的纸锥【答案】A【分析】（1）人眼能够看清物体，是因为物体有光线进入人眼，探究平面镜成像时，观察的是棋子，而不是平面镜；（2）观察水的沸腾特点实验的重点是观察水在沸腾时的现象和温度变化；（3）用温度计测试不同光的热效应时，可以将温度计的玻璃泡涂黑，从而使示数变化更加明显；（4）物体运动过程中受到空气阻力的作用，纸锥的锥角不同受到的阻力大小也不同。【解答】解：A、物体成像要清晰，就必须让物体（棋子）有足够的光线反射到

22、平面镜上才能成清晰。故A设计不；B、为减少加热时间，在观察水沸腾的实，用初温较高，给烧杯加温等；C、用温度计观察红外线的热效应时，把玻璃泡，可以使温度计示数变化。故C设计合理；D、锥角较大的纸锥，落下时受到的空气阻力，方便时间的。故D设计合理。故选：A。【点评】本题考查了多方面的知识，需要同学围绕“对实验进行优化改进”这一中心，逐项分析，判断正误。6（2分）如图所示，小明同学在做探究凸透镜成像规律的实验，当蜡烛、透镜、光屏分别处于图中所示位置时，光屏上出现了清晰的烛焰的像，则凸透镜的焦距可能是（）A3cmB7cmC19cmD20cm【答案】B【分析】凸透镜成像规律：物距大于2f，成倒立缩小实像

23、，像距处于f和2f之间。【解答】解：由图可在，此时的物距为36cm，像距，解得：6cmf12。故选：B。【点评】本题考查了凸透镜的成像规律，知道凸透镜成像的条件是解题的关键，属于基础知识，要熟记。7（2分）如图所示，跳水运动员站在跳板上静止不动。下列说法正确的是（）A跳板被压弯说明力可以改变物体的运动状态B此时运动员受到平衡力的作用C跳板对运动员的支持力和运动员对跳板的压力是一对平衡力D运动员对跳板的压力和运动员所受的重力是一对平衡力【答案】B【分析】（1）力的作用效果是：力可以改变物体的运动状态、力可以改变物体的形状；（2）二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一

24、个物体上；（3）一对相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在两个物体上。【解答】解：A、跳板被压弯，说明力可以改变物体的；B、运动员处于静止状态，受平衡力的；C、跳板对运动员的支持力和运动员对跳板的压力是一对相互作用力，故C；D、运动员对跳板的压力和运动员所受的重力方向相同，不是一对平。故选：B。【点评】本题主要考查学生对于力的作用效果和二力平衡条件的理解和掌握，要注意明确相互作用力与平衡力区别。8（2分）如图所示，将标有“12V 6W”的灯泡L1和“12V 3W”的灯泡L2接在12V的电路中，闭合开关，不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法中正确的是（）A电路总功率等于

25、9WB电路总功率大于9WC灯泡L1和L2一样亮D灯泡L2比灯泡L1亮【答案】D【分析】（1）知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P求出两灯泡的电阻，两电阻串联接在12V的电路中时，根据灯泡的串联和欧姆定律求出电路中的电流；根据PUI求出总功率；（2）根据PI2R比较两灯泡实际功率的大小关系，实际功率大的灯泡较亮。【解答】解：由P可得，两灯泡的电阻分别为：R124，R248，两灯泡串联接在12V的电路中时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：IA，则电路总功率：PUI12VA；由于串联电路中电流处处相等，且R1R5，根据PI2R可知，灯泡L2的实际功率较大，则灯泡L8较亮，故

26、C错误、D正确。故选：D。【点评】本题考查了串联电路的电流特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。9（2分）如图是检测植物叶片含水量的电路，电源电压不变，R是用石墨烯制成的湿敏电阻，其阻值会随含水量的升高而增大。将湿敏电阻R附着在叶片上，当R检测到叶片含水量升高时（）A电流表示数增大B电压表示数减小C电路总电阻减小D电路总功率增大【答案】B【分析】由电路图可知，定值电阻R1与湿敏电阻R串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据“湿敏电阻R的阻值会随含水量的升高而增大”判断R检测到叶片含水量升高时其阻值的变化，从而得出总电阻的变化，根据欧姆

27、定律可知电路中的电流的变化和R1两端的电压变化，利用PUI判断电路的总功率变化。【解答】解：由电路图可知，定值电1与湿敏电阻R串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，因湿敏电阻R的阻值会随含水量的升高而增大，所以，当R检测到叶片含水量升高时，R的阻值，故C；由I可知，电路中的电流减小，即电流表的示数；由UIR可知，R6两端的电压减小，即电压表的示数减小，故B；电源电压不变，电路中的电流减小，由PUI，故D。故选：B。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和电功率公式的应用，利用好“湿敏电阻R的阻值会随含水量的升高而增大”是关键。10（2分）如图所示，用相同的滑轮组装成甲、

28、乙滑轮组，分别将同一重物在相等的时间内提升相同的高度，不计绳重和摩擦，则（）A甲、乙的拉力之比是2：3B甲、乙的机械效率之比是1：1C甲、乙拉力的功率之比是3：2D甲、乙绳的自由端速度之比是1：1【答案】B【分析】由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，则绳子自由端移动的距离snh；（1）不计绳重及摩擦，拉力F（G物+G轮），据此比较拉力大小之比；（2）把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系；（3）拉力端移动距离sh，拉

29、力端移动距速度等于物体提升速度的n倍，据此求甲、乙绳的自由端速度之比；上面求出了拉力，利用PFv求甲、乙拉力的功率之比。【解答】解：A、不计绳重及摩擦，拉力（G物+G轮），由图知，n甲2，n乙3，所以绳端的拉力分别为：F甲（G物+G轮），F乙（G物+G轮），则甲乙拉力之比F甲：F乙（G物+G轮）：（G物+G轮）8：2，故A错误；B、不计绳重及摩擦，动滑轮重，由W额G轮h、W有用G物h可知，利用滑轮组做的有用功相同、额外功，由可知，两滑轮组的机械效率相同，即甲、乙的机械效率之甲：乙1：8，故B正确；CD、将同一重物在相等的时间内提升相同的高度，则提升物体的速度，由图知，n甲2，n乙3，所以甲、乙

30、绳的自由端速度分别为：v甲8v，v乙3v，所以，甲、乙绳的自由端速度之比v甲：v乙2v：5v2：3，故D；由A的解答可知，F甲：F乙2：2，由PFv可得，甲、乙拉力的功率：P甲：P乙3：1，故C错误。故选：B。【点评】本题重点理解：把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同。11（3分）如图是甲、乙两种液体的质量与体积关系图象，将相同的木块分别放入盛有甲、乙两种液体的容器a和b中，待木块静止时，两容器液面相平，下列说法正确的是（）Aa容器盛的是甲液体，b容器盛的是乙液

31、体B木块在a容器内排开液体的质量较大Ca、b两容器底部受到液体的压强相等Da、b两容器中木块下表面受到液体的压强相等【答案】AD【分析】（1）由图象得出甲、乙的密度关系，根据物体的浮沉情况判断出物体密度与液体a、b的密度关系；最即可判断；（2）由于是同一块木块，根据物体的浮沉条件判断排开液体的重力与木块的重力的关系，然后即可判断排开液体的质量的大小关系；（3）由图可知两容器液面相平，然后根据p液gh得出容器底受到压强的关系；（4）根据浮力的产生原因得出木块下表面受到液体的压力，根据p即可比较木块下表面的压强。【解答】解：A、由图象可知，体积V相，则根据可知：甲乙；相同木块在a、b中都处于漂浮，

32、则所受浮浮aF浮bG木，根据F浮液gV排可得：agV排abgV排b；由图可知：V排aV排b；所以，ab；所以，由此可知：a容器盛的是甲；故A；B、因F浮aF浮b，所以由阿基米德原理可知：G排aG排b，则：m排am排b，故B错误；C、由于两容器中液面相平，且ab，根据p液gh可知，a容器底部受到液体的压强大，故C；D、木块在a、b两容器中都处于：Fa下F浮a，Fb下F浮b，则Fa下Fb下；由于两个木块相同，则底面积相同，根据可知：pa下pb下；故D正确。故选：AD。【点评】本题主要考查密度公式、物体浮沉条件及液体压强公式的应用，关键能够根据阿基米德原理判断出液体的密度；难点是知道漂浮时物体下表面

33、受到液体的压力与浮力相等。12（3分）一只小灯泡标有“3.8V”字样，额定功率模糊不清，某同学设计了如图甲所示的电路进行测量，电源电压恒为6V，电压表、电流表使用的量程分别为03V、00.6A，滑动变阻器的规模为“10 1A”，他根据实验数据作出电压表、电流表示数的UI图象，如图乙所示。则以下判断正确的是（）A小灯泡的额定功率为0.88WB滑片向左移时电压表示数变大，小灯泡变亮C变阻器允许连入电路的最大阻值约为8.82D小灯泡正常发光2s内，变阻器产生的电热为3.04J【答案】C【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）额定电压下

34、灯泡的实际功率和额定功率相等，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据图象读出电路中的电流，根据PUI求出小灯泡的额定功率，根据QWUIt求出2s内变阻器产生的电热；（2）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知接入电路中电流的变化，根据图象可知灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化，根据PUI可知灯泡实际功率的变化，再根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断其亮暗的变化；（3）当电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大电阻。【解答】解：由电路图可知，灯泡L与

35、滑动变阻器R，电流表测电路中的。（1）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡两端的电压UL3.8V时滑动变阻器两端的电压：URUUL5V3.8V2.2V，由图象可知，电路中的电流I0.5A，小灯泡的额定功率：PLULI3.8V2.4A1.52W，故A错误；4s内变阻器产生的电热：QRWRURIt2.2V4.4A2s6.76J，故D错误；（2）滑片向左移时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻，由图象可知，滑动变阻器两端的电压变小，灯泡两端的电压，即电压表的示数变小，小灯泡变亮，故B；（3）当电压表的示数最大UR3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，由图象可知，电路中的电流I0.34A

36、，则滑动变阻器接入电路中的最大电阻：R大8.82，故C。故选：C。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是从图象中读出电压和电流的对应值。二、填空题（本题共8小题，每小题2分，共16分）13（2分）如图所示，用刻度尺测量的小红旗长度9.00cm，小红旗呈现红色是因它反射红光（选填“反射”“吸收”或“折射”）。【答案】见试题解答内容【分析】（1）由图示刻度尺确定刻度尺的分度值，物体端点与刻度尺的零刻度线没有对齐，物体两端点所对应的刻度尺示数之差是物体的长度；（2）不透明物体只能反射颜色与它相同的光，故红旗只能反射红色。【解答】解：（1）由图示刻度尺可知，刻度尺的分度值

37、是1；（2）红旗呈现红色，是因为红旗反射红色的光，进入。故答案为：9.00；反射。【点评】本题考查刻度尺的使用，以及不透明物体的颜色，是一道基础题，此类型题也是中考的热点。14（2分）图中能表示近视眼成因的是乙（选填“甲”或“乙”）应该配戴凹透镜（选填“凸透镜”成“凹透镜”）来矫正。【答案】见试题解答内容【分析】（1）远视眼的晶状体较薄，会聚能力较弱，或眼球前后径过短，看近处的物体时，将像成在视网膜的后面，由此可以确定哪一个图表示了远视眼的成像情况；（2）近视眼能看清近处的物体，不能看清远处的物体，近视眼的晶状体太厚，或眼球前后径过长，使像成在视网膜的前方，需佩戴对光具有发散作用的凹透镜来矫正

38、。【解答】解：乙图，看物体时，像成在视网膜的，需佩戴对光具有发散作用的凹透镜来。甲图象成在视网膜的后方，是远视眼的成像情况，需佩戴对光具有会聚作用的凸透镜来。故答案为：乙；凹透镜。【点评】掌握正常的眼睛看远处和近处时，晶状体的变化情况及近视眼和远视眼的成因、戴什么眼镜来矫正。15（2分）消防员抓住一根竖直的杆从楼上匀速滑下，消防员自身及装备质量共80kg，则杆对人的摩擦力是800N；接近地面时，他增大握力，则杆对手的摩擦力将增大（选填“增大”“减小”或“不变”）。【答案】见试题解答内容【分析】（1）根据Gmg求出消防员自身及装备的重力；消防员抓着竖直的杆匀速下滑时，处于平衡状态，受到的重力和杆

39、对人的摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡条件可求出杆对人的摩擦力；（2）滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，接触面粗糙程度一定时，压力越大，摩擦力越大。【解答】解：消防员自身及装备的重力：Gmg80kg10N/kg80，当他抓着竖直的杆匀速下滑时，处于平衡状态，受到的重力和杆对人的摩擦力是一对平、方向，所以受到的摩擦力fG800N；接近地面时，他增大握力，对杆的压力，使消防员做减速。故答案为：800；增大。【点评】此题主要考查了平衡力的条件及一对平衡力之间的关系和影响摩擦力大小的因素，是一道很容易出错的题目。16（2分）随着生活水平的提高，很多家庭已经用上了如图所示的扫地机器人，它

40、能自动吸尘、主动躲避障碍物。（1）扫地机器人吸尘是利用了气体流速越大的位置压强越小的原理。（2）扫地机器人靠超声波来探测障碍物。某次机器人发出超声波0.001s后收到回波，障碍物离机器人的距离是17cm。【答案】见试题解答内容【分析】（1）对于流体来说，流速大，压强小，流速小，压强大；（2）先根据s总vt算出总路程，利用s即可求出发射超声波时与障碍物间的距离；【解答】解：（1）吸尘器工作时，由于其内部空气流速，所以尘土在周围大气压的作用下被压入吸尘；（2）由v得，超声波从发射到收到回波所通过的总路程：s总vt340m/s0.001s0.34m，则障碍物离机器人的距离：s2.17m17cm；故答

41、案为：（1）小；（2）。【点评】此题考查流体压强和流速的关系、回声测距离的应用，关键是知道其发射超声波时与障碍物间的距离是总距离的一半。17（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表示数将变小，电压表示数将变小。【答案】见试题解答内容【分析】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化和电压表示数的变化。【解答】解：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器，电流表测电路中的。当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻，由I可知，电路中的电流变

42、小，即电流表的示数，由UIR可知，R两端的电压变小，即电压表的示数。故答案为：变小；变小。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律的应用，要注意电压表不测带电源用电器两端的电压。18（2分）如图所示电能表，表盘上标有“600revs/（kWh）”的字样。将此电能表接入家庭电路中，电路中允许接入用电器的总功率最大为4400W，若关闭其它用电器，让空调机单独工作6min，电能表的转盘转过60转，则该空调机在上述时间内消耗的电功率是1000W。【答案】见试题解答内容【分析】（1）10（20）A，10A是指电能表的标定电流，20A是指电能表平时工作时允许通过的最大电流；根据PUI求出最大功率；

43、（2）600revs/（kWh）表示的是电路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转600r，据此求出转盘转60转电路中消耗的电能，然后根据P求出空调机的功率。【解答】解：（1）电能表表盘上标有“10（20）A”，其中的“20”是指电能表平时工作允许通过的最大电流为20A；电能表的工作电压为220V，电路中允许接入用电器的最大总功率为：P最大UI最大220V20A4400W；（2）600revs/（kWh） 表示电路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转600r，则转盘转过60转，空调机消耗的电能：WkWh0.3kWh；该空调机的功率：P1kW1000W；故答案为：4400；10。【点评】本题考

44、查电能和电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是理解电能表参数的物理意义，解题过程中还要注意单位的换算。19（2分）如图为一种水陆两栖抢险救援车，人和车的总重量为6103N已知水1103kg/m3，g取10N/kg问：（1）救援车停泊在水面时排开水的体积多大？（2）当救援车以10m/s的速度在陆地上匀速行速时，受到的阻力为其总重量的0.1倍。救援车行驶5min，牵引力做的功是多少？【答案】见试题解答内容【分析】（1）由于救援车停泊在水面时，处于漂浮状态，根据漂浮条件求救援车受到的浮力，再利用阿基米德原理求此时排开水的体积；（2）知道救援车的速度和行驶时间，利用svt求行驶的路程；根据

45、f0.1G求救援车受到的阻力，由于救援车在陆地上匀速行速，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，可求救援车受到的牵引力，再利用WFs求牵引力做的功。【解答】解：（1）救援车停泊在水面时，处于漂浮状态，F浮G6103N，由F浮G排水gV排得：V排0.7m3；（2）由v得救援车行驶的路程：svt10m/s560s5103m，救援车受到的阻力：f0.4G0.14103N600N，救援车在陆地上匀速行速，救援车受到的牵引力：Ff600N，牵引力做的功：WFs600N3105m1.8102J。答：（1）救援车停泊在水面时排开水的体积为0.6m2；（2）救援车行驶5min，牵引力做的功是1.8106J。【点评】

46、本题为力学综合题，考查了学生对速度公式、阿基米德原理、物体的漂浮条件、二力平衡条件、功的公式的掌握和运用，虽知识点多，但都属于基础，难度不大。20（2分）在一个圆柱形容器内盛有适量的水，现将一质量为200g的密闭空心铁盒A放入水中时，空心铁盒有一半浮出水面；当铁盒上放一个小磁铁B时，铁盒恰好浸没水中，如图甲所示，当把它们倒置在水中时，A有的体积露出水面，如图乙所示。图乙的液面与图甲相比，液面会不变。（选填“升高”、“降低”或“不变”），小磁铁B的密度为7.5103kg/m3（甲乙两图中液体均没有溢出）。【答案】见试题解答内容【分析】（1）漂浮时浮力等于重力；（2）利用漂浮的条件，根据物体在不同

47、状态下的排水体积，用公式列出等式，再根据等量关系计算得出小磁铁的密度与水的密度的关系，最终求出小磁铁密度的大小。【解答】解：（1）在甲乙两图中，AB组成的整体都处于漂浮状态，则浮力等于总，所以F甲浮F浮乙，根据F浮水gV排知，整体排开水的体积相等，则液面高度；（2）设空心铁盒的体积为VA，小磁铁B的质量为mB，体积为VB，只将空心铁盒A放入水中时，有一半浮出水面，则水gVAmAgB放上后，铁盒恰好浸没在水中，如图甲，则水gVAmAg+mBgB倒置在水中，A有的体积露出水面，如图乙，则水g（1）VA+水gVBmAg+mBg由可得mBmA，由可得VBVA，再由式水gVAmAgAVAg可得，A的平均

48、密度A，则B15A水7.7103kg/m3。故答案为：不变；8.5103。【点评】解决此题的关键是利用公式和浮沉条件找等量关系，列等式，并通过寻找小磁铁密度与水的密度的关系，最终求出小磁铁的密度。三、作图题（本题共2小题，21题2分，22题2分，共4分）21（2分）如图所示，拉杆式行李箱在拉力F的作用下静止在斜坡上，请画出行李箱受到的重力G的示意图，以及拉力F对O点的力臂L。【答案】见试题解答内容【分析】重力的方向竖直向下，作重力的示意图时应从物体重心向下作竖直线段；先确定支点，再确定力的作用线，最后从支点到力的作用线作垂线段。【解答】解：重力的方向竖直向下，从行李箱的重心沿竖直向下的方向画一

49、条带箭头的线段，并用符号G；反向延长力F画出力的作用线，然后从支点O向力F的作用线作垂线段，垂线段就是力F的力：【点评】本题考查了重力的示意图和拉力的力臂的画法，重力竖直向下，不是垂直向下；作力臂时，应先确定支点和力的作用线。22（2分）请在图中将小磁针的北极涂黑，并以“N”表示。【答案】见试题解答内容【分析】由于磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，磁感线上的任何一点的切线方向跟小磁针放在该点的北极指向一致，故可标出磁感线的方向。【解答】解：由于磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，磁感线上的任何一点的切线方向跟小磁针放在该点的北极指向，如下图：。【点评】考查了磁感线的特点。小磁针N极在磁场受力

50、方向与磁感线方向一致。四、实验探究题（本题共3小题，23题6分，24题7分，25题6分，共19分）23（6分）五一期向小明随父亲到景点游玩，小明父亲用照相机拍摄了一张的清晰照片，如图甲所示：小明发现相机中的像有点小。提议能否把像拍得更大一些，父亲便更换相机镜头后在原地又拍摄了一张滕王阁的清晰照片，如图甲所示。小明思考：两次成像的大小不同是什么原因造成的呢？猜想与假设两次成像的大小不同可能是由于两个镜头的焦距不同造成的。设计实验与进行实验为了验证这一想法，返校后，小明在学校实验室找来了一支蜡烛，焦距分别为5cm和10cm的两个凸透镜、光具座、光屏等器材进行了以下探究：（1）小红将蜡烛、焦距为5c

51、m的凸透镜、光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛并调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，这样做的目的是使像成在光屏的中央。（2）如图2所示，小红将凸透镜固定在光具座50cm刻度处，再将蜡烛放在光具座10cm刻度处，移动光屏，使光屏上出现清晰的像，此时的像是一个倒立、缩小的实像。（3）接下来她换用f10cm的凸透镜，仍然固定在光具座50cm刻度处，为了再次得到清晰的像，她应该保持蜡烛不变，移动光屏，直到出现清晰的像为止。分析与论证对比两次实验中像的大小，发现第二次成的像比第一次稍大，据此小红得出的结论是成实像时，物距不变，焦距越大，像越大。（4）摄像师用照相机给九年级同学拍摄毕业照时，想让被拍的

52、同学成的像大一些，除了更换相机镜头外，还可以使摄像师靠近（选填“靠近”或“远离”）同学。【答案】见试题解答内容【分析】（1）探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中心。（2）物距大于2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，照相机根据这个原理制成；（3）凸透镜的焦距越小，对光的折射能力越强。根据不同焦距但相同物距的实验步骤，对比分析即可得出结论。（4）凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，成的像也越小；物距越小，像距越大，成的像也越大。【解答】解：（1）烛焰、凸透镜、光屏，三者在同一条直，这样做的目：使像成在光屏的中央。（2

53、）由图可知，物距u50cm10cm40cm，此时u，能够说明照相机的成像；（3）不改变各元件的位置，换用焦距为10cm的凸透镜，焦距，物距不变的情，像距变大，向右移动光屏才能在光屏上得到烛焰清晰的像；通过对（f5cm和f10cm）不同焦距但相同物距的实验步骤和现象，对比分析，可得出，物距，焦距越大，像越大；（4）用照相机拍照时，要想成的像更大，除了更换相机镜。故答案为：（1）使像成在光屏的中央；（2）；缩小；成实，物距不变，像越大；（4）靠近。【点评】“探究凸透镜成像规律”的实验，考查了凸透镜成像的规律及应用，要熟练掌握规律内容，并自己对其进行规律性的总结，做到灵活应用。24（7分）有人猜想：

54、“浸没在液体中的固体所受的浮力大小可能跟固体的形状有关”，请设计一个实验验证猜想是否正确。写出实验所需的器材和实验步骤；并画出实验数据记录表格。【答案】见试题解答内容【分析】探究浸没在液体中的固态所受浮力是否与固体形状有关，应控制液体密度与固体体积不变而改变物体的形状进行实验。【解答】答：（1）实验器材：烧杯、弹簧测、橡皮泥、细线、水。（2）步骤：1将水槽中倒入适量的水，弹簧测力计调零；2用细线将橡皮泥挂在弹簧测力计下，测出橡皮泥重力为G，将数据记录在表；2将挂在弹簧测力计下的橡皮泥浸没在水中，读出测力计示数为F1，将数据记录在表格中；4改变橡皮泥形状后重复步骤8，读出测力计示数为F2，将数据

55、记录在表格中；5根据F浮GF算出F浮，将数据记录在表格中，比较G8与GF2的大小，如果GF1GF5，说明浮力大小与固体形状无关，如果G1GF2，说明浮力大小与形状有关；（3）记录数据的表格：实验次数重力G/N水中弹簧测力计的示数F/N浮力F浮/N52【点评】根据实验目的、应用控制变量法设计实验即可正确解题。25（6分）小明在做“探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关”的实验时，设计了如图所示的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气，且都有一段电阻丝，U形管中有一定量的同种液体。（1）实验过程中是通过观察U形管液面的高度差来比较导体产生热量的多少。（2）甲图透明容器中密封着两段电阻丝，

56、分别是5和10，利用中图所示的装置可以探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系。（3）小明想利用图乙所示装置探究电流通过导体产生热量与电流的关系，请帮助他将电路图补充完整。正确连接电路，闭合开关一段时间后，小明发现左侧U形管液面高度差大于右侧U形管液面高度差，可以得出结论：在电阻相同、通电时间相同的情况下，通过电阻的电流越大，电阻产生的热量越多。（4）该实验运用了转换法（选填“转换法”或“等效替代法”）的物理思想。（5）小明将甲装置改装后可测量煤油的比热容。方法是：将两电阻丝换为阻值相等的定值电阻，再将U形管换为温度计，分别向两容器中加入初温均为t0、质量相等的水和煤油，通电一段时间后，读出温度

57、计的示数分别为t水和t煤油，请写出煤油比热容的表达式c煤油c水（已知水的比热容为c水）。【答案】见试题解答内容【分析】（1）（4）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；（2）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；（3）探究电流产生热量跟电流关系时，控制通电时间和电压不变，因此需要电阻并联；（5）根据题意可知，在相同时间内，相同的电阻串联产生的热量相等，即Q煤吸Q水吸，根据吸热公式可得到煤油的比热容。【解答】解：（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但

58、液体温度的变化可以通过U形管液面高度差的变化来反映；（2）如图甲，两个电阻串联在电路中，电流，电阻，运用控制变量法；（3）探究电流产生热量跟电流关系时，根据控制变量法可知，实验中要控制通电时间和电阻，根据并联电路的电流的特点，需要右侧的两个电阻并联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流，即I右I左，两个5的电阻并联，根据并联电路的电流特点右I内+I外，所以，I左I内，烧瓶内的电阻值都是5，阻值，电流，运用控制变量法；如图所示：；得到的结论是：在电阻相同、通电时间相同的情，电阻产生的热量；（4）实验中通过U形管液面高度差的变化来判定电热的多少，采用的是转换法；（5）两

59、电阻丝阻值相同，它们串联电流相同，通电一段时，则煤油和水吸收的热量。已知它们的质量相同，设为m。根据前面分析结合吸热公式有：c煤油m（t煤油t8）c水m（t水t0），解得：c煤油c水。故答案为：（1）U形管液面的高度差；（2）；在电阻、通电时间相同的情况下，电阻产生的热量越多；（4）转；（5）c水。【点评】本题考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的考查，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型。五、综合计算题（本题共3小题，26题6分、27题9分，28题10分，共25分.要求写出必要的文字说明、单位，重要的公式及主要的运算过程，只写出结果的不能得分）26（6分）小明家用铁皮桶制作简易太阳能热水器，替代燃烧木柴的加热方式，小明观测到某日铁皮桶装满水后，经过一天的太阳光照，水温从20升高到60，已知铁皮桶的容积为50L，c水4.2103J/（kg），问：（1）太阳能热水器工作过程中是通过热传递的方式提高水的内能。（2）当日桶内的水吸收的热量有多大？（3）设用燃烧木柴加热，木柴完全燃烧释放热量的28%被桶内水吸收，则当日使用该太阳能热水器可节约多少木柴？（q木柴1.2107J/kg）【答案】见试题解答内容【分析】（1）改变物体内能的方法：做功和热传递；（2）知道水的体积，利用mV求水的质量；又知道水的比热容、