高三期中模拟试题

1、高三物理期中模拟试题二考试时间：90分钟L-a.i总分100分一、选择题（此题共12小题，每题4分，共48分。1-6单项选择，7-12多项选择, 选全对得4分，不全得2分，选错或不选得0分）.以下关于物理学思想方法的表达错误的选项是（）A、探究加速度与力和质量关系的实验中运用了控制变量法B、加速度B、加速度的定义运用了比值法mC、质点运用了理想模型法D、平均速度、合力与分力等概念的建立运用了等效替代法.如下图，用一轻绳将光滑小球P系于竖直墙壁上的。点，在 墙壁和球P之间夹有一长方体物块Q, P、Q均处于静止状态，现 有一铅笔紧贴墙壁从0点开始缓慢下移，那么在铅笔缓慢下移的过 程中（）A、细绳的

2、拉力逐渐变小B、Q受到墙壁的弹力逐渐增大C、Q受到墙壁的摩擦力逐渐变大D、Q将从培壁和小球之间滑落.如下图，小物体A沿高为h、倾角为8的光滑斜面以初速度V。，从项端滑到底端，而相同的物体B以同样大小的初速度从同等高度处竖直上抛，贝！|（）A.两物体落地时速度相同B.从开始运动至落地过程中，重力对它们做功的平均 功率相同C.两物体落地时重力的瞬时功率相同D.从开始至落地，重力对它们做功相同4.如下图,在场强为E的匀强电场中,有相距为L的A、B两点,其连线与场强方向 的夹角为 A、B两点间的电势差九二工现将一根长为L的细金属棒沿AB连线方向 置于该匀强电场中，此时金属棒两端的电势差UM%那么以下关

3、于5和U2的说法中正确的选项是 （）Ui=U2=E1cos 8Ui=U2=-ELcos Ui=ELcos,U2=0Ui=-ELcos , U2=ELcos .CD分析：两个物块在沿斜面方向上由于机gsin37omgcos37。，所以物块都会 沿斜面向下滑动，传送带对物块四的摩擦力都沿传送带向上。并且加速度大小都 等于a = gsin37O-/zgcos37o = 2w/s2,初速度相同，加速度大小相同，经过的位移大小相同，根据% =可知两者的运动时间相同，都为！ = 1S,即两者同时到 达底端，AB错误；滑动摩擦力向上，位移向下，重力做正功，摩擦力做负功，所以物块A、B运动到传送带底端时速度的

4、大小相同，由题可知居与水平面的夹角是相 等的，所以重力的功率一定相等，故C正确；3到达传,送带底端时的速度 vB =v0+at = 1 + 2x1 = 3m/s 9 传送带在Is内的路程为xZ与传送带是同 向运动的，Z的划痕长度是2对地路程（斜面长度）减去在此时间内传送带的路程, 即为2根-1根=1租.8与传送带是反向运动的，8的划痕长度是6对地路程（斜面长 度）加上在此时间内传送带的路程，即为2机+1加=3根，即物块A、B在传送带上 的划痕长度之比为1： 3,故D正确；ACDm 将平行板电嚣的下被感直向翻动一小窗离由c二悬 平行板电嚣的电容将变小,选项A正确;P点的电势先随d的僧大而增大,带

5、电油滴的电势能及二r仲将戚少,选项C正确j 触计醐的电势差恒总指针帏角不变,选项B错误;假设先将上栅与电源正极间的导线断开,电荷 量。一定,两极板间的电场强度打生挈,那么带电油滴所受静电力不变,选项D正确.CD解：A、根据牛顿第二定律和万有引力定律得3号=加。rGMa = ,所以两颗卫星分别经过A点处时，a的加速度等于于b的加速度，故A错误; rBD.卫星在轨道a上做椭运动，要过度到轨道b,在A点应该增大速度,做离心运动,所以两颗卫星分别经过A点处时，a的速度小于b的速度，故B错误，D正确;及3C、卫星a的半长轴小于卫星b的轨道半径，根据开普勒第三定律一=k得卫星a的运行周期比卫星b的运行周期

6、短.故C正确;应选：CD.AD解:解:B、C、A、飞镖水平抛出做平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，因此t=在，故A正确.VO1 2gD飞镖击中P点时，P恰好在最下方，贝ij2r解得圆盘的半径r=,故B错误.24v0飞镖击中P点，贝lP点转过的角度满足9=4=兀+2k兀（k=O, 1, 2）故8=&=竺?空，那么圆盘转动角速度的最小值为32.故C错误./ LLT2D、P点随圆盘转动的线速度为v=3r=（2；）Q匕=（2左；）兀 L 4V 4vo0当k=2时，丫=?瓦& .故D正确. 4vo应选：AD.BCD解：ABC、解：ABC、减速运动由图乙所示图象可知，加速运动的加速度大小为：ai=m/s

7、2=m/s2,f 0.93的加速度大小为:的加速度大小为:32=人 37-= 10m/s2,在匀减速直线运动过程中，由牛顿第二定律知：mgsin30+|imgcos30o=ma2所以mgsinBOGmgMiimgcosBO。，所以物块到达C点后将静止在C点不会下滑，故A错误，BC正确;D、加速运动时，沿斜面方向根据牛顿第二定律可得：F-mgsin300-gmgcos300=mai,即：F-1x3-更 x3xJI = 0.3xW, 2323解得：F=4N.应选：BCD.AD解：A、根据牵引力和速度的图象和功率P=Fv得汽车运动中的最大功率为Fiv故A正确.B、汽车运动过程中先保持某一恒定加速度，

8、后保持恒定的牵引功率，所以速度为V2时的功率是Fl v1，根据功率P=Fv得速度为V2时的牵引力是F=3,V2对汽车受力分析，受重力、支持力、牵引力和阻力，该车所能到达的最大速度时加速度为零，所以此时阻力等于牵引力，所以阻力f=3V3根据牛顿第二定律，有速度为V2时加速度大小为故B错误D正确. mv2 7WV3C、根据牛顿第二定律，有恒定加速时，加速度根据vi=a，t解得t=，故c错m wv3尸 1?3一尸误.应选：AD(1)通过连接在一起的A、B两物体验证机械能守恒定律,即验证系统的势能 变化与动能变化是否相等，A、B连接在一起，A下降的距离一定等于B上升的距离; A、B的速度大小总是相等的

9、，故不需要测量绳子的长度和B上升的距离及时间.故 选或均可以.(2)如果绳子较重，系统的重力势能就会有一局部转化为绳子的动能，造成实验 误差；绳子不宜太长，长了形变对实验的影响越大；叫、圆相差越大，整体所受阻 力相对于合力对运动的影响越小.物体末速度v是根据匀变速直线运动求出的，故 要保证物体在竖直方向运动.这些都是减小系统误差,提高实验准确程度的做法.故 选：(3)实验误差来自测量：所以屡次取平均值可减少测量误差，又绳子伸长量尽量 小，可减少测量的高度时的误差.故答案为：(1)或；(2)；(3)屡次取平均值可减少测量误差或绳 子伸长量尽量小等.(意思对即可)(1)也(2) 1. 5必2 (3

10、)砂和砂桶的总质量太大;g（1）设经过t时间两车速度相等,那么：vA=vB-at 解得:25sa1那么两车相距的最近距离为：A x=vBt- at2-vAt2代入数据解得： x=250m (2) 10s 后,B 车的速度为： vBi=vB-ati=22m/s此时两车的距离为：Ax=VAti+200m-(VBti ；at,=40m 设A车的加速度大小至少为a7 ,10s后速度相等需经历的时间为t，那么有:11vBi-at =vA+a t，取/ +-ar t，2+Ax7 =vBit -at，222代入数据联立两式解得：az =lm/s2答案：(1) 250m (2) lm/s216.解析质量分别为

11、必、16.解析质量分别为必、周的两小球离开3点后做平抛运动,设平抛运动的初速度为Vb，那么2R=,x= vBt 解得 %=2镜 m/s设质量分别为血、外的两小球碰后的速度为侬根据机械能守恒定律有（血+外）g27?+：（殁+必）*=3（处+加,解得%=4 m/s设质量分别为血、尼的两小球碰前质量为侬的小球的速度为w，由动量守恒定律得侬眩=（功+外）匕，解得打=6 m/s设质量分别为防、血的两小球碰前质量为血的小球的速度为M，由动量守恒定律得：nhVinkVQ=nkv29 解得 匕=4 m/s对质量为侬的小球，由动量定理得分方=汲,解得分=8 No答案8 N.解：(1)设绳的拉力大小为T,分别以A

12、、B为对象用牛顿第二定律,有 T=ma, mgT=ma,贝Ij有 T=ma, mgT=ma,贝Ij_g a-2(2) A加速上升阶段，弹簧恢复原长前对A： T+kx-(2) A加速上升阶段，弹簧恢复原长前对A： T+kx-mg5=ma对 B： mgT=ma消去T得詈+kx=2ma上升过程x减小，a减小，v增大弹簧变为伸长后同理得等一kx=2ma上升过程x增大,上升过程x增大,a减小，v继续增大;当kx=詈时a=0,速度到达最大.可见Q点时速度最大，对应的弹力大小恰好是于，弹性势能和初始状态相同.A上升到Q点过程，A、B的位移大小都是及=詈,K该过程对A、B和弹簧系统用机械能守恒定律有mgxo=

13、mgxosin 0 +1 2m 潟可得” =可得” =1.解：图（甲）中虚线表示2、6球原来的平衡位置，实线表示烧断后重新到达平 衡的位置，其中a、4分别表示以、回与竖直方向的夹角.4球受力如图（乙）所 示：重力侬，竖直向下；电场力qE,水平向左；细线0A对2的拉力方，方向如图; 细线四对4的拉力应 方向如图.由平衡条件得图甲图乙图丙I sina + 与 sin/? = q石（cosa =侬 + 5 cos夕球受力如图（丙）所示：童力mg,竖直向下；电场力水平向右; 细线相对6的拉力公，方向如图.由平衡条件得T? sin 0 = qE T2 cos a = mg 联立以上各式并代入数据，得a

14、= 0尸= 45。由此可知，4 6球重新到达平衡的位置如图（丁）所示.与原来位置相比，A球的重力势能减少了玛sin60。）夕球的重力势能减少了夕球的重力势能减少了Eb = mg/(l-sin600 + cos 450)2球的电势能增加了2球的电势能增加了WA=qElco0 (9)8球的电势能减少了8球的电势能减少了WB = yE/(sin 45 - sin30)两种势能总和减少了两种势能总和减少了w = wb-wa + ea + eb代入数据解得代入数据解得W = 6.8x10-2J5.在x轴上有两个点电荷，一个带正电荷一个带负电荷Q2,且Q】=2Q2,用瓦和E2分别表示两个电荷所产生的场强的

15、大小，那么在x轴上（）Ei=Ez的点有一处,&=E2的点有两处,E1=E2的点有三处,Ei=E2的点有三处,Ei=Ez的点有一处,&=E2的点有两处,E1=E2的点有三处,Ei=E2的点有三处,该处合场强为零其中一处合场强为零, 其中两处合场强为零, 其中一处合场强为零,另一处合场强为2E2另一处合场强为2E2另两处合场强为2E16.如以下图所示，质量分别为m、2m的球A、B由轻质弹簧相连后 再用轻质细线悬挂在正在竖直向上做匀减速运动的电梯内，细线VA.VA.的拉力为F,此时突然剪断细线，在线断的瞬间，弹簧的弹力大小和小球A的加速度大小分别为（A.生 3C.更 32F + g 3mF + g

16、3mB.-3D.32F + g 3mF + g3m.如下图，三角形传送带以lm/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是 2m且与水平方向的夹角均为370 .现有两个小物块A、B同时从传送带顶端都以 lm/s的初速度沿传送带下滑，物块与传送带间的动摩擦因数都是0. 5,sin37 =0.6, cos37 =0.8,重力加速度g=10m/s2.以下说法正确的选项是（）A.物块A、B运动的加速度大小不同B.物块A、先到达传送带底端C.物块A、B运动到传送带底端时重力的功率相等D.物块A、B在传送带上的划痕长度之比为1： 3.如下图，平行板电容器与直流电源连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可

17、被忽略.一带负电的油滴被固定于电容器中的P点.现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，贝!1（A.平行板电容器的电容将变小B.静电计指针偏转角变小C.带电油滴的电势能将减少D.假设先将电容器的上极板与电源正极间的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，那么带电油滴所受静电力不变9.如下图，地球卫星a、6分别在椭轨道、形轨道上运行,椭圆轨道在远地点2处与圆形轨道相切，贝A.两颗卫星分别经过2点处时，“的加速度小于6的加速度B.两颗卫星分别经过4点处时，a的速度大于6的速度C.卫星a的运行周期比卫星6的运行周期短D.卫星a在Z点处通过加速可以到圆轨道上运行10.如下图，一位同学玩飞镖游戏。

18、盘最上端有一 P点，飞镖抛出时与P等高,盘以经过盘盘以经过盘且距离P点为L。当飞镖以初速度右垂直盘面瞄准P点抛出的同时, 心0点的水平轴在竖直平面内匀速转动。忽略空气阻力，重力加速度为g,假设飞镖恰好击中P点，贝!1()A.飞镖击中P点所需的时间为上%B.盘的半径可能为C.盘转动角速度的最小值为2万%LD.P点随圆盘转动的线速度可能为卫 4%C、小物块与斜面间的动摩擦因数为311.如图甲所示，粗糙斜面与水平面的夹角为30 ,质量为0.3Kg的小物块静止 在A点，现有一沿斜面向上的恒定推力F作用在小物块上，作用一段时间后撤去推 力F,小物块能到达的最高位置为C点，小物块从A到C的uT图像如图乙所

19、示，gmiOm/s2,那么以下说法正确的选项是：()A、小物块到C点后将沿斜面下滑B、小物块加速时的加速度是减速时加速度的13D、推力F的大小为4N12. 一辆汽车在平直的公路上运动，运动过程中先保持某一恒定加速度，后保持恒 定的牵引功率，其牵引力和速度的图像如下图，假设汽车的质量ID,牵引力明 和速度V1及该车所能到达的最大速度V3,运动过程中阻力大小恒定，那么根据图像所 给的信息，以下说法正确的选项是：（）A.汽车运动中的最大功率为尸得B.速度为V2时的加速度大小为他C.恒定加速时，加速度为二 mD.汽车行驶中所受的阻力为他匕第n卷（非选择题，共60分）二、实验题。（此题共3小题，共16分

20、，每空2分）13.（全国I高考22）如下图，两个质量各为叫和的小物块A和B,分别系在一条跨过定滑轮的软绳两端，叫,现要利用此装置验证机械能守恒定律.V/假设选定物块A从静止开始下落的过程进行测量，那么需要测量的物理量有 物块的质量四、m2；物块A下落的距离及下落这段距离所用的时间；物块B上升的距离及上升这段距离所用的时间；绳子的长度.（2）为提高实验结果的准确程度，某小组同学对此实验提出以下建议:绳的质量要轻； 在“轻质绳”的前提下，绳子越长越好；尽量保证物块只沿竖直方向运动，不要摇晃；两个物块的质量之差要尽可能小.以上建议中确实对提高准确程度有作用的是（3）写出一条上面没有提到的对提高实验结

21、果准确程度有益的建议： 14.用如图1所示的实验装置验证牛顿第二定律（所用交流电频率为50Hz,当地的重力加速度为g）。（1）以下做法正确的选项是（填字母代码）A.调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行B.在调节木板倾斜程度平衡小车受到的滑动摩擦力时，将装有砂的砂桶，用细线 通过定滑轮拴在小车上C.实验时，先放开小车再接通打点计时器的电源D.通过增减小车上的祛码改变质量时，需要再次调节木板倾斜度E.为使绳子拉力近似等于砂和砂桶总重力，应保证砂和小桶的总质量远小于小车 与祛码的总质量（2）如图2所示为某次实验得到的纸带，纸带中相邻计数点间的距离已标出，相 邻计数点间还有四个实际点没有画

22、出。由此可求得小车的加速度大小为 m/s2.（3）保持小车的质量M不变，改变砂桶与砂的总重力F,屡次实验，根据得到的数 据，在a-F图象中描点（如图3所示）.结果发现右侧假设干个点明显偏离直线，造成此误差的主要原因是成此误差的主要原因是.假设不断增加砂桶中砂的质量，a-F图象中各点连成的曲线将不断延伸，加速度的趋向值为三、计算题(此题共4小题，共44分。解答必须写出必要的文字说明、方程式和 重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确 写出数值和单位).某地出现雾霾天气,能见度只有200m,即看不到200m以外的情况,A、B两辆汽车 沿同一公路同向行驶,A车在前,速

23、度vA=10m/s, B车在后,速度vB=30m/s, B车在距A 车200m处才发现前方的A车,这时B车立即以最大加速度a=0. gm/s?刹车,求:(1)如果B车以最大加速度减速,能见度至少到达多少米才能保证两车不相撞。(2)如果B车以最大加速度减速,同时开始按喇叭,10s后,A车发现后，立即加速前进, 那么A车的加速度至少多大时才能防止与B车相撞。.如下图，水平光滑地面的右端与一半径 40.2 m的竖直半圆形光滑轨道相 连，某时刻起质量外=2 kg的小球在水平恒力厂的作用下由静止向左运动，经时间t=l s撤去力F,接着与质量图=4 kg以速度匕=5 m/s向右运动的小球碰撞，碰后质量为图

24、的小球停下来，质量为血的小球反向运动，然后与停在半形轨道底端A点的质量砥=1 kg的小球碰撞，碰后两小球粘在一起沿半圆形轨道运动,离开6点后,落在离2点0. 8 m的位置,求恒力方的大小。(g取10 m/s2)四外/ / / / / / / /.如下图，户是倾角为30的光滑固定斜面。劲度为A的轻弹簧一端同定在斜 面底端的固定挡板。上，另一端与质量为必的物块A相连接。细绳的一端系在物体 4上，细绳跨过不计质量和摩擦的定滑轮，另一端有一个不计质量的小挂钩。小挂 钩不挂任何物体时，物体Z处于静止状态，细绳与斜面平行.在小挂钩上轻轻挂上 一个质量也为R的物块6后，物体Z沿斜面向上运动.斜面足够长，运动过程中6 始终未接触地面。(1)求物块A刚开始运动时的加速度大小绐 (2)设物块A沿斜面上升通过0点位置时速度最大，求0点到出发点的距离及及最 大速度片;.如下图有三根长度皆为1=1. 00 m的不可伸长的绝缘轻线，其中两根的一端/定在天花板上的o点,另一端分别挂有质量皆为皿=1.00 x10-2kg的带电小球z 和3它们的电量分别为一 O和+ s q=l. 00X1CT7C. 2、5之间用第三根线连接 起来.空间中存在大小为月