2021-2022学年黑龙江省大庆市实验中学高一（下）开学考试物理试题（解析版）

1、 大庆实验中学20212022学年度高一下学期开学考试物理学科试题第卷（选择题，共52分）一、单项选择题（本大题共8小题，每小题4分，共32分，在每小题给出的四个选项中，只有一个符合题目要求。）1. 关于物体的运动状态和所受合力的关系，以下说法正确的是（）A. 所受合力为零的物体一定处于静止状态B. 所受合力不为零时，物体的运动状态一定发生变化C. 物体所受合力不为零时，物体的速度一定不为零D. 只有合力发生变化时，物体的运动状态才会发生变化【答案】B【解析】【详解】A物体所受合力为零，物体不一定处于静止状态，也可能做匀速直线运动，A错误；B根据牛顿第二定律得物体所受合力不为零时，物体的加速度

2、一定不为零，则速度一定变化，物体的运动状态一定发生变化，B正确；C物体所受合力不为零时，则加速度一定不为0，但是加速度与速度没有直接的关系，加速度不为零，速度可以为零，C错误；D无论是恒力还是变力，根据牛顿第二定律可知只要物体所受合力不为零时，物体的加速度一定不为零，则速度一定变化，D错误。故选B。2. 如图所示，将质量为m的白板展开静置于水平地面，两只立脚的顶角为，假设每只立脚受到地面的支持力大小均为，摩擦力大小均为，立脚与地面间的动摩擦因数为增大顶角，重新静止后，下列说法正确的是（）A. 不变，变大B. 增大，不变C. 每只立脚受到的摩擦力大小始终等于D. 立脚对白板的作用力减小【答案】A

3、【解析】【详解】D对于白板，在竖直方向上受重力，立脚对白板的两个作用力，根据平衡解得立脚对白板的作用力则增大顶角，立脚对白板的作用力增大，D错误；AB对于整体，在竖直方向上，受重力，每只立脚受到地面的支持力，根据平衡，整体受到的重力不变，则每只立脚受到地面的支持力不变水平方向上，每只立脚受到的摩擦力随着增大顶角，每只立脚受到的摩擦力增大，B错误A正确；C因为整体处于静止状态，是静摩擦力，计算摩擦力大小只能用平衡的方法计算，不能用滑动摩擦力方法来计算，C错误。故选A。3. 如图所示，倾角=37的斜面上有一木箱，木箱与斜面之间的动摩擦因数=，现对木箱施加一拉力F，使木箱沿着斜面向上做匀速直线运动。

4、设F的方向与斜面的夹角为，在从0逐渐增大到60的过程中，木箱的速度保持不变，则（）A. F先减小后增大B. F先增大后减小C. F一直增大D. F一直减小【答案】A【解析】【详解】对木箱受力分析如图所示据正交分解得FNFsin=mgcosFcos=mgsinFfFf=FN联立解得又因为cossin=cossin=（cos30cossin30sin）=cos（30）在从0逐渐增大到60的过程中，当=30时，cossin最大，F最小；则在从0逐渐增大到60的过程中，F先减小后增大。故选A。4. 如图所示，在平直的公路上，一辆向左运动的货车装载着完全相同的圆柱形空油桶。底层油桶平整排列在车厢底部，相

5、互紧贴并固定，上层仅有一只摆放在A、B之间的C桶（未固定）。A、B、C始终保持相对静止，油桶的质量均为m，重力加速度为g，不计油桶间摩擦。则下列说法正确的是（）A. C一定受到3个力B. 当货车匀速时，C对B压力大小为C. 当货车减速时，A、C间的弹力大小可能为零D. 当货车加速时，B、C间的弹力大小可能为【答案】D【解析】【详解】B当货车匀速时，对C受力分析，根据平衡条件可知此时C受到自身重力，A、B对它的支持力的作用，如图所示由几何知识结合正交分解法可得联立求得所以可知，C对B的压力大小为，故B错误；C当货车向左减速时，根据牛顿第二定律可判断知，C受到合力的方向水平向右，若此时A、C间的弹

6、力大小为零，由平行四边形定则可知C受到合力的方向不可能水平向右，故C错误；D当货车向左加速时的加速度为时，根据牛顿第二定律可判断知，此时A对C恰好无支持力作用，只有B对C有支持力的作用，且满足故D正确；A由以上选项分析可知，C不一定受三个力作用，故A错误。故选D5. 甲、乙两车沿同一方向同时由静止开始做直线运动，两车的速度时间图像如图所示，图像中的段与平行，段与平行，则下列说法中正确的是（）A. 时间内两车的距离保持不变B. 时间内甲车的平均速度大于乙车的平均速度C. 时间内甲车的加速度和乙车的加速度始终不相等D. 时刻甲车和乙车相遇【答案】B【解析】【详解】A根据速度图线与时间轴包围的面积表

7、示位移，可知，t1-t2时间内两车的距离即位移之差不断增大，故A错误。B由图知，0-t3时间内甲车的位移大于乙车的位移，时间相等，则0-t3时间内甲车的平均速度大于乙车的平均速度，故B正确。Ct1-t2时间内，两图线平行，斜率相等，加速度相等，故C错误。D因为初始间距不确定，无法判断时刻甲车和乙车是否相遇，故D错误。故选B。6. 如图所示，园林工人正在把一棵枯死的小树苗掰折，已知树苗的长度为L，该工人的两手与树苗的接触位置（树苗被掰折的过程手与树苗接触位置始终不变）距地面高为h，树苗与地面的夹角为时，该工人手水平向右的速度恰好为v，则树苗转动的角速度为（）A. B. C. D. 【答案】C【解

8、析】【详解】因手与树苗接触位置始终不变，故接触点做圆周运动，把接触点的线速度按水平与竖直方向分解，水平分速度等于工人手水平向右的速度v，此时手握树干的位置到O点距离为则有联立解得 故选C。7. 如图所示，半径分别为R和的两个转盘A、B处于水平面内，两者边缘紧密接触，靠静摩擦传动，均可以绕竖直方向的转轴及转动一个小滑块（视为质点）位于转盘A的边缘，已知滑块与转盘间的动摩擦因数为，重力加速度大小为g，滑动摩擦力等于最大静摩擦力现使转盘B的转速逐渐增大，当小滑块恰好要相对于转盘A发生相对运动时，转盘B的角速度大小为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】对小滑块向心力等于最大静摩擦力

9、mg=mR2所以小圆盘转动的角速度为A点的线速度为所以B点的线速度大小为则B点的角速度为.BCD错误，A正确。故选A。8. 如图所示，水平传送带间的距离为，质量分别为、的物块P、Q，通过绕在光滑定滑轮上的细线连接，Q在传送带的左端且连接物块Q的细线水平，当传送带以的速度逆时针转动时，Q恰好静止。重力加速度，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。当传送带以的速度顺时针转动时，下列说法正确的是（）A. Q与传送带间的动摩擦因数为0.6B. Q从传送带左端滑到右端所用的时间为C. 整个过程中，Q相对传送带运动的距离为D. Q从传送带左端滑到右端的过程细线受到的拉力为【答案】C【解析】【详解】A当传送带以逆时针

10、转动时，Q恰好静止不动，对Q受力分析，则有即代入数据解得故A错误；B当传送带突然以顺时针转动，物体Q做初速度为零的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有解得当速度达到传送带速度即8m/s后，做匀速直线运动，根据速度时间公式有代入数据解得匀加速的时间为s，匀加速的位移为代入数据解得x=4.8m，则匀速运动的时间为代入数据解得s，Q从传送带左端滑到右端所用的时间为故B错误；C加速阶段的位移之差为而匀速阶段Q相对传送带静止，没有相对位移，故整个过程中，Q相对传送带运动距离为4.8m，故C正确；D当Q加速时，对P分析，根据牛顿第二定律有代入数据解得之后做匀速直线运动，对对P分析，根据平衡条件有故D错误。故

11、选C。二、多项选择题（本大题共5小题，每小题4分共20分，在每小题给出的四个选项中，有多个符合题目要求，每道题全对得4分，部分选对得2分，选错不得分。）9. 小东放学后将书包a放在跷跷板一侧的平板上，将轻绳一端系在竖直墙面上A点，另一端系在平板右边缘B点，重物b通过挂钩挂在轻绳上，小东坐在跷跷板另一侧，通过位置调整使系统达到平衡，如图所示。不计空气阻力和挂钩与轻绳间摩擦，则（）A. 书包a可能不受摩擦力B. 书包a受到平板的作用力竖直向上C. 若小东通过位置轻微调整，使平板绕O逆时针转过一小角度，轻绳拉力大小不变D. 若保持B点空间位置不动，把A点沿墙面向上移动少许，轻绳拉力大小不变【答案】B

12、D【解析】【详解】AB书包受重力，支持力和沿平板向上的静摩擦力，其中支持力和静摩擦力的合力与重力等大反向，即书包a受到平板的作用力竖直向上、与重力等大反向，故A错误，B正确；CD设A、B两点水平方向的距离为d，A、B之间绳子总长度为L，绳子与竖直方向的夹角为，如下图由几何关系知设绳子拉力为T，则解得使平板绕O逆时针转过一小角度后，d变大，L不变，则增大，绳上拉力T增大。若保持B点空间位置不动，把A点沿墙面向上移动少许，则d和L均不变，不变，绳上拉力T大小不变，故C错误，D正确。故选BD。10. 某质点做匀减速直线运动，依次经过A、B、C三点，最后停在D点，如图所示。已知AB=6m，BC=4m，

13、从A点运动到B点和从B点运动到C点两个过程速度变化量都为2m/s，则下列说法正确的是（）A. 质点的加速度大小为2m/s2B. C、D两点间的距离为3mC. 质点从A点运动到C点的时间为2sD. 质点到达B点时速度大小为2.5m/s【答案】AC【解析】【详解】AC质点的加速度大小为a，由题意可知质点从A到B和从B到C的用时相等，均设为T，根据匀变速直线运动规律的推论有根据加速度的定义有联立以上两式解得即质点从A点运动到C点的时间为故AC正确；BD质点经过B点时的速度大小为B、D两点间的距离为C、D两点间的距离为故BD错误。故选AC。11. 如图所示，两个质量均为m的吊篮A和B，由轻绳和轻弹簧连

14、接绕过不计摩擦力的定滑轮，系统静止，将另一质量也为m的物体C轻放在吊篮B中，在刚把C放到B上的瞬间，重力加速度大小为g，下列说法正确的是（）A. A物体处于超重状态B. A的加速度为是C. C对B的压力为D. 绳的拉力为mg【答案】CD【解析】【详解】放物体C之前，对物体A、B分别受力分析，受重力和向上的拉力，根据平衡条件得到细线的拉力和弹簧的弹力大小都等于mg；A的加速度为零，不处于超重状态。放物体C之后，由于弹簧的伸长量没来得及改变，故弹簧的弹力不变，由于细线和弹簧相连，故细线的拉力也不变，仍为mg，对BC整体受力分析，受到总重力和细线的拉力，根据牛顿第二定律，有其中F=mg解得对C分析解

15、得根据牛顿第三定律C对B的压力为，故CD正确，AB错误。故选CD。12. 现在很多小区车库出入口采用如图所示的曲杆道闸，道闸由转动杆OP与横杆PQ链接而成；P、Q为横杆的两个端点。在道闸抬起过程中，横杆PQ始终保持水平，在杆OP绕O点从与水平方向成30匀速转动到60的过程中，下列说法正确的是（）A. P、Q两点都是以O点为圆心做匀速圆周运动B. P、Q两点的线速度始终相同C. P、Q两点的加速度不同D. P、Q两点的角速度始终相同【答案】BD【解析】【详解】A根据题意可知，Q点到O点的距离一直在变化，故并不是以O点为圆心做匀速圆周运动，故A错误；BCDP点绕O点做匀速圆周运动，杆PQ始终保持水

16、平，则Q点的运动轨迹也是一个圆周，Q点绕另一个圆心做匀速圆周运动，二者保持相对静止，具有相同的加速度，而且两点的线速度大小相等，则角速度大小相等，故BD正确C错误；故选BD。13. 如图所示，A为放在光滑水平桌面上的长方形物块，在它上面放有物块B和C，A、B、C的质量分别为m、5m、m，B、C与A之间的动摩擦系数均为0.1，最大静摩擦等于滑动摩擦。K为轻滑轮，绕过轻滑轮连接B和C的轻细绳都水平。现用沿水平方向的恒定外力F拉滑轮，若测得A的加速度大小为2m/s2，重力加速度取，则（）A. 物块B的加速度大小也等于B. 物块B的加速度为，C的加速度为C. 外力的大小D. 物块B、C对长方形物块A的

17、摩擦力均为【答案】ACD【解析】【详解】K为轻质光滑滑轮，故绳子对B、C的拉力均为，方向水平向右；故A受到的合外力水平向右，根据牛顿第二定律有FA=mAaA=0.2mg故物块B、C给长方形物块A的摩擦力的合力为0.2mg；又有 ， ，FAfAB+fAC且mBmC；所以C相对A向右滑动，AB保持相对静止，B的加速度为2m/s2；对AB整体进行受力分析，由牛顿第二定律可得所以F=2.2mg对C根据牛顿第二定律可得解得对B根据牛顿第二定律可得解得故选ACD。第卷（非选择题，共48分）三、实验题（本题共两道小题。每空2分，共14分。其中选择题，有的是单选，有的是多选，多选题选对但没有选全的给1分，都选

18、对的给2分，有错误选项的不给分。）14. “频闪摄影”是研究物体运动的一种常见而有效的方法，“频闪摄影”的重要特点在于照相机总是每隔一定的时间就对运动物体拍摄一次，因此拍摄到物体的图像是不连续的，但是我们能够从这些不连续的图像中发现揭示物体运动的规律。一同学受此启发，利用实验室设备配合频闪摄像机设计了如下实验，来探究“平抛运动的规律”。实验步骤如下：（I）如图甲所示安装好实验装置，为便于观察，该同学将两个颜色不同，其他完全相同的实心金属小球放置在实验装置上，调整A、B球的高度，使两个小球重心在同一高度上。（II）调整频闪摄像机位置，将频闪摄像机正对实验装置甲所在的位置，并打开摄像功能。（III

19、）用小木槌敲击弹片，让A、B两个小球同时开始运动，直至落在实验台上。（IV）通过频闪摄像机连接打印机进行打印，得到如图乙所示的图像，图像与实物比例为1：5。（V）在图乙中沿水平方向和竖直方向建立坐标系（坐标系图中未画出），选择A球的三个影像C、D、E进行测量，得到XCD=XDE=4.00cm，HCD=9.00cm，HDE=11.00cm。（1）下列说法正确的是_A该实验能说明平抛运动在竖直方向的分运动为自由落体运动B该实验不能说明小球在水平方向做匀速直线运动C提升两球所处平台的高度，对探究平抛运动的规律没有影响D该实验中小球可以用任意材质的小球代替（2）通过测量数据可知，该频闪摄像机的拍照时间

20、间隔为_s，小球A抛出时的初速度为_m/s。（g取10m/s2）【答案】 . AC#CA . 0.1 . 2【解析】【详解】（1）1 A该实验中两球能同时落地，则说明两球在竖直方向的运动完全相同，即能说明平抛运动在竖直方向的分运动为自由落体运动，选项A正确；B该实验中通过闪频照片能看出小球A在相同时间内的水平位移相同，则也能说明小球在水平方向做匀速直线运动，选项B错误；C. 提升两球所处平台的高度，两球下落的时间仍相同，则对探究平抛运动的规律没有影响，选项C正确；D. 该实验中小球必须用金属小球，以减小下落过程中的阻力影响，选项D错误。故选AC。（2）23根据可得小球抛出时的初速度为15. 某

21、同学用如图甲所示装置来探究加速度与物体所受合力和质量间的关系。（1）下列实验中相关操作正确的是_。A.补偿阻力时，应先将槽码用细线绕过定滑轮系在小车上B.补偿阻力时，小车后面应固定一条纸带，纸带穿过打点计时器C.改变小车质量后，需要重新补偿阻力D.小车释放前应靠近打点计时器，且先接通打点计时器电源后释放小车（2）实验时将槽码的总重力mg近似地当成小车所受的拉力F会给实验带来系统误差，为了减小误差，则小车和砝码的总质量M与槽码总质量m取值最合理的一组是_。A.M=200g，m=40g、60g、80g、100g、120g、140gB.M=200g，m=30g、40g、50g、60g、70g、80g

22、C.M=400g，m=30g、40g、50g、60g、70g、80gD.M=400g，m=10g、15g、20g、25g、30g、35g（3）已知打点计时器所接的电源是频率为50Hz的正弦交变电流，若实验中打出的某一条纸带如图乙所示，相邻两个计数点间还有四个点没有画出，.由此可以算出小车运动的加速度大小为_（结果保留3位有效数字）。（4）在探究小车加速度a与所受拉力F的关系时，根据实验数据作出的图像如图丙所示，图线不过原点，原因可能是_。A.木板右端垫得过高B.木板右端垫得过低C.槽码的总质量太大了D.槽码的总质量太小了【答案】 . BD . D . 1.45 . A【解析】【详解】（1）1

23、AB补偿阻力时，应不挂槽码，小车后面应固定一条纸带，纸带穿过打点计时器，A项错误，B项正确；C改变小车质量后，不需要重新补偿阻力，C项错误；D小车释放前应靠近打点计时器，且先接通打点计时器的电源后释放小车，D项正确。故选BD.（2）2 实验时将槽码的重力mg近似地当成小车所受的拉力F会给实验带来系统误差，为了减小误差，则小车和砝码的总质量M应远大于槽码质量m。故选D.（3）3 相邻两个计数点间还有四个点没有画出，故t=0.025s=0.10s根据x1=3.13cm=0.0313m，x4=7.48cm=0.0748m代入数据解得a=1.45m/s2（4）4 实验数据作出的a-F图像图线不过原点，

24、没有拉力已经有加速度，原因可能是补偿阻力过大。与槽码的质量无关，故选A。四、计算题（本题共3个小题，其中第16题8分，第17题10分，第18题16分，共34分.在答题卡上解答，应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案不得分。有数值计算的题，答案应明确写出数值和单位。）16. 足球比赛中经常使用”边路突破，下底传中”的战术，即攻方队员带球沿边线前进，到底线附近进行传中，某足球场长90m、宽60m，如图所示，攻方前锋在中线处将足球沿边线向前踢出，足球的运动可视为在地面上做初速度为12的匀减速直线运动，加速度大小为3试求：(1)足球从开始做匀减速直线运动到停下来的位移为多大(2)足球开始做匀减速直线运动的同时，该前锋队员在边线中点处沿边线向前追赶足球，他的起动过程可以视为从静止出发，加速度为4的匀加速直线运动，他能达到的最大速度为8，该前锋队员至少经过多长时间能追上足球【答案】(1)24m(2)4s【解析】【详解】(1)根据运动学公式可得足球匀减速位移为(2)足球匀减速时间：人加速时间：当球停止时人的位移为故最短时间为 4s17. 用长为L的细绳系一质量为m的小球，给小球一水平向左速度v0（未知）使它在竖直面内做圆周运动，运动到位于斜面底端A点正上方高为h的最低点时，绳子刚好断了。如图所示，若最低点与最高点的拉力之差为6mg，斜面