2019-2020学年贵州省贵阳市高二(上)期末物理试卷

1、2019-2020学年贵州省贵阳市高二（上）期末物理试卷一、选择题：本题共17小题，共44分.在每小题给出的四个选项中，第112题只有一项符合题目要求，每小题2分：第13-17题有多项符合题目要求，每小题2分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分请将符合题目要求选项前的字母填在答题卷对应题号的空格中.（2分）发现电流磁效应的物理学家是（）奥斯特B.法拉第C.库仑D.安培（2分）下列关于电荷的认识正确的是（）电荷量很小的带电体就是元电荷物体所带的电荷量可以是任意值任何一个系统的电荷量的代数和都始终保持不变迄今为止，科学实验发现的最小电荷量就是电子所带的电荷量（2分）下列物理量，不

2、属于比值法定义的是（）电场强度E=QC.电阻R=p-（2分）两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同、方向平行。一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子不计重力），从较弱磁场区域进入到较强磁场区域后，粒子的（）A.周期不变速度大小不变轨道半径增大D.加速度不变（2分）电源电动势反映了电源把其它形式的能量转化为电能的能力，因此（）电动势是一种非静电力电动势越大，表明电源储存的电能越多电动势的大小是非静电力做功能力的反映电动势就是闭合电路中电源两端的电压（2分）如图所示，导体A、B紧靠在一起，带正电的小球C靠近导体A的左端，A带上了-1.0X10*的电荷。则下列说法正确的是（）电子由A转移到B正电荷

3、由A转移到B导体A得到的电子数是IO8个导体B失去的电子数是6.25X1010个（2分）如图所示，A、B为一对固定等量同种电荷连线上的两点（其中B为中点），C为连线中垂线上的一点。现将一个带电量为q的正点电荷自A沿直线移到B再沿直线移到C，在此过程中该电荷的电势能（）jci先增大后减小B.先减小后增大C.一直增大D.直减小（2分）充电后的平行板电容器与电源断开，保持两极板的正对面积不变，增大两极板间的距离。则电容C和两极板间的电场强度E的变化情况是（）C增大B.C不变C.E减小D.E不变（2分）A、B、C三点在同一直线上，AB：BC=1：2,B点位于A、C之间，在B处固定一电荷量为Q的点电荷.

4、当在A处放一电荷量为+q的点电荷时，它所受到的静电力为F；移去A处电荷，在C处放一电荷量为-4q的点电荷，其所受电场力为（）-寺B.导C.-FD.F（2分）在磁场中的同一位置放置很短的一段通电直导线，导线的方向与磁场方向垂直。如果在导线中通入不同的电流，则下列关于导线受到安培力的大小F与通过导线电流I的关系图象正确的是（）（2分）如图所示，真空中A、B、C、D是正方形的四个顶点，在A点和C点固定有电荷量均为q的正点电荷。在B点固定一个未知电荷量和电性的点电荷后，D点的电场强度恰好等于零。则B点的点电荷（）A.带正电，电荷量为2qB带负电，电荷量为13qC.带负电，电荷量为2：2qD.带正电，电

5、荷量为q（2分）一电流表由电流计G和电阻R并联而成，如图所示，在校准时发现此电流表的读数总比准确值稍小些,采用下列措施可使读数变准确的是（）A.在R上串联一比R小得多的电阻B在R上串联一比R大得多的电阻在R上并联一比R小得多的电阻在R上并联一比R大得多的电阻（4分）如图所示，静电场中的一条电场线上有A、B两点，箭头表示电场的方向。下列关于AB两点的场强大小Ea、Eb，电势申A、申B的关系可能正确的是（）Ag-A.Ea=EbbEa申B（4分）如图所示，为某品牌的智能送餐服务机器人。其额定功率为50W,额定电压为25V机器人的电池容量为40Ah.则该机器人（）额定工作电流为40A充满电后，在额定电

6、压下工作的最长时间为40h电池充满电后总电量为1.44X105C以额定电流工作时每秒消耗能量为50J（4分）a、b、c三条长直导线分别由等边三角形的三个顶点处垂直穿过纸面，截面图如图所示。三条导线均固定，导线中通有大小相等、方向如图中所示的恒定电流。则（）Q舟V导线a所受安培力的方向与ab边垂直导线b所受安培力的方向与ac边平行导线c所受安培力的方向与ab边垂直ab边中点处的磁感强度为零（4分）如图所示,一回旋加速器两个半径均为r的D形金属盒处在垂直于盒底的匀强磁场中,磁感应强度为B.两D形金属盒分别与高频交流电极相连接，在两盒间的狭缝中形成周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速。质

7、量为m,带电量为q的粒子从中心O处附近由静止开始加速，最终从D形金属盒射出。不计粒子的重力。则（）A.粒子从电场中获得能量粒子经过电场加速后，周期变小咼频交流电的频率为-TTm粒子最终获得的最大速度值为壘m（4分）如图所示，匀强电场的方向水平向右。一个质量为m、电荷量为q的粒子从A点与电场方向成60夹角射入电场，粒子运动到B点时，速度方向与电场方向的夹角为30.已知该粒子在A点的速度大小为v0,不计粒子重力。则下列说法正确的是（）该粒子一定带正电该粒子从A运动到B过程电场力做功为ymv0S该粒子从A运动到B电势能减少了mvg2mvnTOC o 1-5 h zA、B两点的电势差为q二、实验题：本

8、题共2题，共15分，请考生根据要求作答.（1分）用螺旋测微器测量金属丝的直径，其示数如图所示，则金属丝的直径mm；19.（2分）如图所示是一个多用电表的内部简化电路图，在进行电压测量时，应将S拨到或位置。（2分）用多用电表测量电阻和直流电压时，若选择开关拨到“X10Q”的电阻挡，指针位于图3中a位置，则被测电阻的阻值是Q；选择开关拨到“直流电压2.5V“挡，指针位于图中b位置，则被测电压是V。（10分）某实验小组按图（a）的电路测定某电池的电动势和内阻。已将实验器材进行了部分连接，如图（b）所示。所用电表均理想电表。请根据要求回答下列问题：（l）请根据实验原理，将图（b）中的实物电路补充完整;

9、（2）实验时发现电流表坏了，于是移去电流表，同时用电阻箱R替换滑动变阻器，重新连接电路，请在虚线框内画出相应的电路图；（3）用（2）重新连接好的电路进行实验，仍然通过路端电压U随电流I变化的关系图象处理实验数据，其获得电流I的表达式为；（用题中相关物理量的符号表示）（4）图（c）是用实验得到的数据作出的路端电压U随电流I变化的图象，根据图象，求得电池的电动势是V，内阻是.Q（保留两位小数）Iso(6分)如图所示，质量为m、长度为L的金属棒MN用等长的轻质细线水平悬挂于O、O点，处于竖直向上的匀强磁场中。金属棒中通以由M向N的电流I金属棒MN平衡时，两悬线与竖直方向夹角均为6.已知重力加速度大小

10、为g。求：金属棒MN所受安培力的大小；该磁场的磁感应强度大小。(9分)如图所示，真空中平行金属板M、N之间的距离d为0.04m,两金属板间加有200V的稳定直流电压。有一个质量为2X10-i5kg、电荷量为8X10-15C的正电粒子位于M板旁。不计粒子的重力。求：求带电粒子所受的静电力的大小；求带电粒子从M板由静止开始运动到达N板时的速度大小；如果两金属板的距离减小为原来的一半，其他条件不变，则上述问题(1)(2)的答案又为多少？4*(/*4+二(12分)如图所示，在匀强电场中，将电荷量为-6X10-6C的点电荷从电场中的A点移到B点，静电力做了-1.2X10-5J的功；再从B点移到C点，静电

11、力做了1.2X10-5J的功。已知电场的方向与ABC所在的平面平行。求A、B间和A、C间的电势差Uab、Uac；请在图中画出过B点的一条电场线(标出方向)，并说明理由。K(14分)如图所示，纸面内矩形EFGH的EFG区域内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里。一带正电的粒子平行于纸面从EF边上某点垂直EF边射入磁场，粒子的速度大小为v0.段时间后，该粒子从EG上某点垂直EG离开磁场，从EH边上某点射出。已知粒子进入磁场的入射点与离开磁场的出射点之间的距离为d,ZEGF=30.不计粒子重力。求：(1)该带电粒子的比荷；(2)该带电粒子从射入磁场到运动至EH边的时间。2019-202

12、0学年贵州省贵阳市高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共17小题，共44分在每小题给出的四个选项中，第112题只有一项符合题目要求，每小题2分：第13-17题有多项符合题目要求，每小题2分，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分请将符合题目要求选项前的字母填在答题卷对应题号的空格中.【解答】解：奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，是第一个发现电流磁效应的科学家;故A正确，BCD错误。故选：A。【解答】解：A、元电荷是最小的电荷量，不是带电体，故A错误。B、物体所带的电荷量一定是元电荷的整数倍，故B错误。C、根据电荷守恒定律得一个与外界没有电荷交换的系统，电荷的代

13、数和保持不变，系统与外界有电荷的交换，电荷量改变，故C错误。D、迄今为止，科学实验发现的最小电荷量就是电子所带的电荷量，故D正确。故选：D。【解答】解：A、电流强度E与电场力F、电荷量q无关，反映电场本身的特性，属于比值法定义的，故A正确。B、电容器的电容C与电荷量Q、电压U无关，属于比值法定义的，故B正确。C、R与L成正比，与S成反比，不符合比值法定义的共性，故不属于比值法定义的，故C错误。D、B与F、IL无关，反映磁场本身的特性，属于比值法定义的，故D正确。本题选择不属于比值法定义的，故选：C。【解答】解：A、根据周期公式T=可知，粒子从较弱磁场区域进入到较强磁场区域后，B增大、周期减qB

14、小，故A错误。B、洛伦兹力不做功，因此粒子运动的速度大小不变，故B正确。2C、根据洛伦兹力充当向心力可知，Bqv=m否，解得：R=，故从较弱的磁场区域进入较强的磁场区域后粒子的轨道半径减小，故C错误;.D、根据牛顿第二定律可得：3=迟，由于B增大、所以加速度增大，故mD错误。故选：B。【解答】解：A、电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，不是一种非静电力，故A错误。BC、电动势是描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量，是非静电力做功能力的反映，电动势越大，表明电源将其它形式的能转化为电能的本领越大，故B错误，C正确。D、电源电动势等于电源没有接入电

15、路时两极间的电压，在闭合电路中电源两极间的电压是路端电压，小于电源电动势，故D错误。故选：Co【解答】解：AB、金属导体中的自由电荷为自由电子，带正电的小球C靠近导体A的左端，A带上了-1.0X10-8C的电荷，则电子由B转移到A,故AB错误。CD、导体A得到电子，导体B失去电子，电子数n=个=6.25X1010个,故C错误，D正确。61.6X10-19故选：Do【解答】解：根据等量同种负电荷的电场线可知，（pA申b申c，正电荷从A到B再沿直线到C,电场力一直做负功，故电势能一直增大，故C正确。ABD错误。故选：Co【解答】解：充电后的平行板电容器与电源断开，则电荷量Q恒定，现保持两极板的正对

16、面积不变，仅将两极板F叫的间距增大，则根据电容的决定式C=可知，电容C变小，根据Q=CU可知，两极板间电压变大，根4兀kd据E=可知，电场强度不变，故D正确，ABC错误。dES故选：Do【解答】解：根据同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引，分析可知电荷量为-2q的点电荷在C处所受的电场力方向与F方向相同。设AB=r，则有BC=2ro则有：F=k豎rI|ilrj故电荷量为-2q的点电荷在C处所受电场力为：FC=k=F，故D正确（匪）故选：Do【解答】解：根据安培力公式F=BIL,B、L不变，F与I成正比，F-I图象为过原点的一条直线，故B正确，ACD错误。故选：Bo【解答】解：设正方向边长1,A、

17、C点的电荷在D点的场强均为：E=k则A、C点的电荷在D点的合场强为：Ez=12k弓cos45因为D点的电场强度恰好等于零，则B点的点电荷在D点的场强与A、C点的电荷在D点的合场强等大反向:解得：Q=2l2q故C正确，ABD错误。故选：C。【解答】解：电流表示数偏小，是由于分流电阻偏小造成的，将分流电阻变得稍大些即可，可以在R上串联一比R小得多的电阻，故A正确；故选：A。【解答】解：AB、电场线的疏密程度表示电场的强弱，但只给出一条电场线，无法判断A、B两点电场强度大小,即EA=EB，EaVEb，都有可能，故AB正确；CD、沿电场线方向，电势越来越低，所以申A申B，故C错误，D正确。故选：ABD

18、。P额50【解答】解：A、额定工作电流为，故A错误；B、根据Q=It可得工乍时长为t熠MOh，故B错误;C、电池充满电后的总电量为Q=40Ah=40X3600C=1.44X105C，故C正确；D、每秒消耗的能量为W=Pt=50X1J=50J，故D正确。故选：CD。【解答】解：A、根据通电导线之间的相互作用规律可知，同向电流吸引，异向电流排斥，则导线a受到导线c的排斥力，受到导线b的吸引力，夹角为120，根据力的合成可知，导线a受到安培力的方向与cb边平行，故A错误。B、同理，导线b受到导线a的吸引力，受到导线c的排斥力，合力与ac边平行，故B正确。C、同理，导线c受到导线a和b的排斥力，夹角为

19、60，则合力为Zacb的角平分线，与ab边垂直，故C正确。D、导线a、b关于ab边中点对称分布，故两者的磁感应强度抵消，导线c在ab边中点处产生的磁感应强度不为零，故D错误。故选：BC。【解答】解：A、粒子运动过程中，在电场中加速，使动能增加，在磁场中做匀速圆周运动，而在磁场中洛伦兹力不对粒子做功，所以粒子从电场中获得能量，故A正确。B、粒子做圆周运动的周期为，所以加速后不影响粒子的周期，故B错误。qBC、根据加速原理可知，高频交流电的周期和粒子做圆周运动的周期相同，而粒子加速过程中周期不变，所以高频交流电的周期为，所以频率为qBT故C错误。D、当粒子运动的半径等于r时，粒子的速度最大,根据洛

20、伦兹力提供向心力有，则最大速度为章用,rm故D正确。故选：AD。【解答】解：A、由图中粒子的运动轨迹可知粒子受到水平向右的电场力，故粒子带正电，故A正确;B、粒子竖直方向的速度Qsin60-yg，粒子水平方向的速度为-v|-|Cos60=*耳口，粒子只受水平向右的电场力作用，所以粒子在竖直方向上做匀速直线运动，到B点时粒子速度为q粒子从A运动到B过程中电场力做功为-皿琴2故B错误；故C正确;C、电场力做的功等于电势能的变化量，所以该粒子从A运动到B电势能减少了2D、A、B两点的电势差为，故D正确。故选：ACD。二、实验题：本题共2题，共15分，请考生根据要求作答.【解答】解：螺旋测微器：不动刻

21、度为0.5mm,可动刻度为12.6X0.01mm=0.126mm,则读数为0.5+0.126mm=0.626mm。故答案为：0.626。【解答】解：由图所示电路图可知，将S拨到5或6表头与分压电阻串联，此时多用电表测量电压。故答案：5，6【解答】解：电阻档读数：R=50X10Q=500Q2.5电压档最小分度为0.1V,则其读数：U=2.00V故答案为：500，2.0021.【解答】解：（1）根据电路图（a）连接实物图（b）如图所示:（4）根据在U-I图象中斜率绝对值表示电源内阻，纵轴截距等于电源电动势可得电源电动势为：E=1.49V电源内阻为：r=k=lld=0.54Q0.50Ul=l【解答】解：对导体棒受力分析受到重力、拉力和安培力，导体棒处于平衡状态，设绳子拉力为T,因此有:Tcos0=mgTsin9=F安解得：F安=mgtanB根据Fr=BIL安解得：B=mgt答：(1)金属棒MN所受安培力的大小为mgtanB；(2)该磁场的磁感应强度大小为丄J-J【解答】解：(1)两金属板间的场强大小为：E=d带电粒子所受的静电力的大小为：F=qE=N=4X10-11Nd0.04带电粒子从M板由静止开始运动到达N板的过程，根据动能定理得：12qU=-0得：v=m/s=m/svmV2X10-15由F=知，当两金属板的距离减小为原来的一半，其他条件不变