2022-2023学年江苏徐州侯集高级中学物理高三上期中质量跟踪监视试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、两个放在绝缘支架上的相同金属球相距为L，球的半径比L小得多，分别带q和3q的电荷量，相互斥力为3F现将这两个金属球接触后分开放回原处，则它们间的相互斥力将变为A0BFC2FD

2、4F2、半球形陶罐固定在可以绕竖直轴转动的水平转台上，转台转轴与过陶罐球心O的对称轴重合转台以一定角速度匀速转动，一小物块掉落在陶罐内，经过一段时间后小物块随陶罐一起转动且相对罐壁静止，此时它和O点的连线与之间的夹角为，重力加速度为g下列说法正确的是A小物块向心力由重力沿切线方向的分力提供B转台转速增大，未硬化的罐口最容易变形C小物块转动的角速度小于转台的角速度D转台转速减小过程，小物块受到的摩擦力方向始终不变3、摩天轮一般出现在游乐园中，作为一种游乐场项目，与云霄飞车、旋转木马合称是“乐园三宝”在中国南昌有我国第一高摩天轮南昌之星，总建设高度为160米，横跨直径为153米，如图所示它一共悬挂

3、有60个太空舱，每个太空舱上都配备了先进的电子设备，旋转一周的时间是30分钟，可同时容纳400人左右进行同时游览若该摩天轮做匀速圆周运动，则乘客（）A速度始终恒定B加速度始终恒定C乘客对座椅的压力始终不变D乘客受到到合力不断改变4、如图所示,将一个半圆形轨道固定在竖直面内,一滑块从左侧轨道的最高点沿轨道的切线进入轨道,之后沿轨道滑到最低点的过程中其速率不变,则（ ）A滑块下滑过程中机械能守恒B滑块下滑过程中所受合外力大小不变C滑块下滑过程中重力的功率不变D滑块沿右侧轨道上升过程中速率也不变5、韩晓鹏是我国首位在冬奥会雪上项目夺冠的运动员他在一次自由式滑雪空中技巧比赛中沿“助滑区”保持同一姿态下

4、滑了一段距离，重力对他做功1900J，他克服阻力做功100J韩晓鹏在此过程中（ ）A动能增加了1900JB动能增加了2000 JC重力势能减小了1900JD重力势能减小了2000J6、一个小车司机由静止开始，沿直线匀加速启动，运动4秒后，前面路边突然串出一个小朋友，司机立即匀减速刹车，再经过2秒后停在小朋友面前，小朋友吓得摔倒而受伤。交警勘测现场，发现司机从启动到停止运行了45米，该路段限速50km/h，你认为以下正确的是（）A加速阶段和减速阶段的平均速度大小之比为1：1B加速阶段和减速阶段的平均速度大小之比为1：2C加速阶段和减速阶段的加速度大小之比为2：1D小车司机整个过程没有超速行驶二、

5、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、质量为m的物体，由静止开始下落，由于空气阻力作用，下落的加速度为25g，在物体下落h的过程中，下列说法正确的是（ ）A物体重力做的功为mghB合外力对物体做功为35mghC物体重力势能增加了mghD物体的机械能减少了35mgh8、如图所示，A、B两物块的质量分别为3m和2m，两物块静止叠放在水平地面上A、B间的动摩擦因数为，B与地面间的动摩擦因数为(0)最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g.现对B施加一水平推力F，则下列说法正确的

6、是() A若Fmg，A、B间的摩擦力一定为零B当F7.5mg时，A相对B滑动C当F3mg时，A的加速度为gD若去掉B上的力，而将F3mg的力作用在A上，则B的加速度为0.1g9、倾角为的三角形斜面体固定在水平面上，在斜面体的底端附近固定一挡板，一质量不计的的弹簧下端固定在挡板上，其自然长度时弹簧的上端位于斜面体上的O点质量分别为4m、m的物块甲和乙用一质量不计的细绳连接，且跨过固定在斜面体顶端的光滑定滑轮，如图所示开始物块甲位于斜面体上的M处，且MO=L，滑块乙开始距离水平面中足够高，现将物块甲和乙由静止释放，物块甲沿斜面下滑，当滑块将弹簧压缩到N点时，滑块的速度减为零，已知物块甲与斜面体之间

7、的动摩擦因数为，重力加速度取，忽略空气的阻力，整个过程细绳始终没有松弛且乙未碰到滑轮，则下列说法正确的是（ ）A物块由静止释放到斜面体上N点的过程，物块甲先匀加速直线运动紧接着匀减速直线运动到速度减为零B物块甲在与弹簧接触前的加速度大小为C物块甲位于N点时，弹簧所储存的弹性势能的最大值为D物块甲位于N点时，弹簧所储存的弹性势能的最大值为10、如图所示，A、B两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，A放在固定的光滑斜面上，B、C两小球在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上现用手控制住A，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行已知A的质量为3m，

8、B、C的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态释放A后，A沿斜面下滑至速度最大时C恰好离开地面则下列说法正确的是（ ）A斜面倾角=37BA获得最大速度为CC刚离开地面时，B的加速度最大D从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B两小球组成的系统机械能守恒三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图所示，在水平放置的气垫导轨（能大幅度的减少摩擦阻力）上有一带有方盒的滑块，质量为M，气垫导轨右端固定一定滑轮，细线绕过滑轮，一端与滑块相连，另一端挂有6个钩码，设每个钩码的质量为m，且M=4m（1）用游标

9、卡尺测出滑块上的挡光片的宽度，读数如图所示，则宽度d=_cm； （2）某同学打开气源，将滑块由静止释放，滑块上的挡光片通过光电门的时间为t，则滑块通过光电门的速度为_(用题中所给字母表示)；（3）开始实验时，细线另一端挂有6个钩码，由静止释放后细线上的拉力为F1，接着每次实验时将1个钩码移放到滑块上的方盒中，当只剩3个钩码时细线上的拉力为F2，则F1 _2F2（填“大于”、“等于”或“小于”）；（4）若每次移动钩码后都从同一位置释放滑块，设挡光片距光电门的距离为L，悬挂着的钩码的个数为n，测出每次挡光片通过光电门的时间为t，测出多组数据，并绘出图像，已知图线斜率为k，则当地重力加速度为_（用题

10、中字母表示）12（12分）测量铅笔芯的电阻率，取一支4B铅笔，去掉两端笔芯外木质部分，不损伤笔芯，如图所示安放在接线支座上。（1）用刻度尺量得笔芯长度L20.0cm，螺旋测微器测量笔芯的直径如图1，则笔芯的直径为d_mm。（2）若待测电阻约为几欧姆，乙同学采用实验室提供的下列器材测定铅笔芯电阻A待测笔芯B电流表（00.6A，03A，内阻分别约1，0.5）C电压表（03V，015V，内阻分别约6k，30k）D滑动变阻器（010）E电源（3V）F开关、导线若干请根据实验要求在图2中用笔画线代替导线（只配有两根导线）完成实物电路连接_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题

11、处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，倾角为30的光滑斜面的下端有一水平传送带传送带正以v0=4m/s的速度运动，运动方向如图所示一个质量为2kg的物体（物体可以视为质点），从h=3.2m高处由静止沿斜面下滑，物体经过A点时，无论是从斜面到传送带还是从传送带到斜面，都不计其速率变化物体与传送带间的动摩擦因数为0.4，传送带左右两端A、B间的距离LAB=10m，重力加速度g=10m/s2，则：（1）物体在传送带上向左最多能滑到距A的距离（2）物体第一次从A点滑入到再一次回到A点的时间（3）物体第一次从A点滑入到再一次回到A点的在传送带上滑动而留下划痕的长度14（1

12、6分）一半径为R的半圆形竖直圆柱面，用轻质不可伸长的细绳连接的A、B两球，悬挂在圆柱面边缘两侧，A球质量为B球质量的2倍，现将A球从圆柱边缘处由静止释放，如图所示，已知A球始终不离开圆柱内表面，且细绳足够长，若不计一切摩擦.求:(1)A球沿圆柱内表面滑至最低点时速度的大小.(2)从A被释放到B上升到最大高度过程中，绳子拉力对A球所做的功15（12分）装卸工要将质量为50kg的木箱搬到卡车上，找来了长为4.4m的木板，做了一个倾角为的斜面. 装卸工用大小为500N、方向与斜面成的斜向上的拉力F将木箱拉上卡车. 已知木箱与木板间动摩擦因数，.(1)木箱向上加速运动时加速度的大小. （2）要将木箱拉

13、上卡车，拉力F至少需作用多长的距离？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】初始状态下，根据库仑定律有：，接触后，两电荷均分总电量，分别带上2q的电量，解得，ABC错误D正确2、B【解析】A小物块受重力、支持力、还可能有摩擦力，需要的向心力由合力提供故A错误B根据向心力公式：，可知转台转速增大，需要的向心力大，罐口若没有硬化，则容易因为需要的向心力变大，而提供的向心力不足而变形故B正确C小物块相对罐壁静止，它们的角速度相等故C错误D当小物块所受的摩擦力沿切线方向向下，随着角速度的减小，小物块的摩擦力会减小，再

14、反向沿切线方向向上故D错误3、D【解析】A、匀速圆周运动的速度方向沿圆周的切线方向，方向时刻在改变，故其速度是变化的故A错误B、做匀速圆周运动的物体，其向心加速度方向始终指向圆心，方向时刻在变化，故向心加速度是变化的，故B错误C、乘客对座椅的压力方向始终变化，所以压力变化故C错误D、做匀速圆周运动的物体，其所受的合力提供向心力，其方向始终指向圆心，始终变化故D正确4、B【解析】滑块下滑的过程中做匀速圆周运动，则动能不变，重力势能减小，机械能减小，选项A错误；滑块下滑的过程中做匀速圆周运动，合外力提供向心力，可知合力的大小不变，方向时刻改变，故B正确重力不变，匀速运动的速度大小不变，速度在竖直方

15、向上的分速度逐渐减小，则重力的功率减小，故C错误在右侧轨道,滑块所受合力沿切线方向的分力与瞬时速度相反,故滑块做减速运动，选项D错误；故选B.5、C【解析】AB、根据动能定理合外力做的功等于物体动能的增加量，重力对他做功1900J，他克服阻力做功100J，即阻力对他做功为100J，则外力对他所做的总功为1900J100J=1800J，是正功，他的动能增加了1800J，A、B错误；CD、重力做的功等于重力势能的减少量，重力对物体做功为1900J，是正功，则重力势能减小了1900J，C正确、D错误，故选C【点睛】物体重力做功多少，物体的重力势能就减小多少；根据动能定理确定动能的变化6、A【解析】A

16、B设4s末的速度为v，则加速阶段和减速阶段的平均速度均为所以加速阶段和减速阶段的平均速度大小之比为1：1，故A正确，B错误；C由速度公式得：解得：故C错误；D由位移公式得：解得：而该路段限速超速行驶，故D错误。故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】AC质量为m的物体，在物体下落h的过程中，物体重力做的功WG=mgh，物体的重力势能减少mgh故A项正确，C项错误B质量为m的物体，下落的加速度为25g，物体所受合力F合=ma=25mg方向竖直向下，合外力

17、对物体做功W合=F合h=25mgh故B项错误D合外力对物体做功W合=25mgh，物体动能增加25mgh；物体的重力势能减少mgh；则物体的机械能减少35mgh故D项正确故选AD.点睛：重力对物体所做的功等于物体重力势能的减少量；合力对物体所做的功等于物体动能的增加量；除重力（弹簧弹力）其他力对物体所做的功等于物体机械能的增加量8、ABD【解析】AB与地面间的最大静摩擦力fB5mgmg，当F=mg时，AB处于静止，对A分析，A所受的摩擦力为零，故A正确；BA发生相对滑动的临界加速度a=g，对整体分析，F5mg5ma，解得F=7.5mg，所以当F7.5mg时，A相对B滑动故B正确；C当7.5mgF

18、=3mgmg，可知AB保持相对静止，一起做匀加速直线运动，加速度a=0.1g，故C错误；D若去掉B上的力，而将F=3mg的力作用在A上，B发生相对滑动的临界加速度a0.25g，对A分析F-3mg=3ma，解得不发生相对滑动的最小拉力F=3.75mg，可知F=3mg的力作用在A上，一起做匀加速直线运动，加速度a=0.1g，故D正确。故选ABD。【点睛】本题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力9、BD【解析】A、释放甲、乙后，物块甲沿斜面加速下滑，当与弹簧接触时，开始压缩弹簧，弹簧产生沿斜面向上的弹力，但此时弹力小于

19、物块甲沿斜面向下的作用力，故物块甲做加速度减小的加速运动，当把弹簧压缩到某一位置时，物块甲沿斜面受力平衡，速度达到最大，之后弹力大于物块甲沿斜面向下的作用力，物块甲做减速运动，A错误；B、物块甲沿斜面租受自身重力沿斜面分力、物块乙对其沿斜面的拉力mg和斜面体对物块甲的摩擦力，根据牛顿第二定律，沿斜面方向则有：，解得正确；C、D、以物块甲和乙为研究对象，从M点运动取N点，在N点弹簧压缩最短，弹性势能达最大，物块甲和乙从M点运动到N点，由动能定理，得，解得，由弹力做的功等于弹性势能的变化，即错误，D正确故选BD.【点睛】解决本题有两个关键：一是正确分析物块的受力情况，判断其运动情况二是明确能量是如

20、何转化的，运用牛顿第二定律和能量守恒定律进行解答10、CD【解析】试题分析：当C恰好离开地面时，弹簧弹力为mg，此时A的速度最大，绳子的拉力为2mg，有，A错；ABC和弹簧构成的系统机械能守恒，从开始到A的速度最大，这个过程中弹簧形变量没有变，弹性势能不变，则有，开始平衡时mg=kx，s=2x，由此可得最大速度为，C刚离开地面时，B的加速度为2g，之后弹簧继续伸长，弹力增大，B的加速度继续增大，C错；D错，故选B考点：考查连接体问题点评：本题难度中等，根据各物体的受力判断运动的临界点是关键，系统在只有重力或弹力做功的情况下机械能守恒，物体所受合外力最大时加速度最大三、实验题：本题共2小题，共1

21、8分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.510cm； d/t； 小于； ； 【解析】（1）游标卡尺的主尺读数为5mm，游标读数为0.054mm=0.10mm，则最终读数为5.10mm=0.510cm（1）极短时间内的平均速度等于瞬时速度的大小，则滑块通过光电门的速度v=（3）对整体分析，a10.6g，隔离对滑块分析，根据牛顿第二定律得，F1=Ma1=4m0.6g=1.4mg，a10.3g，隔离对滑块分析，根据牛顿第二定律得，F1=7ma1=1.1mg，知F11F1（4）滑块通过光电门的速度v=，根据v1=1aL得，1aL，因为，代入解得，图线的斜率，解得【点睛】解决

22、本题的关键掌握游标卡尺的读数方法，知道极短时间内的平均速度等于瞬时速度的大小对于图象问题，关键得出两个物理量的表达式，结合图线斜率进行求解12、1.200 【解析】（1）1螺旋测微器的主尺读数为1mm，可动刻度读数为20.00.01mm=0.200mm，故螺旋测微器的读数为1.200mm。（2）2由题意可知，待测电阻阻值较小，小于滑动变阻器的最大电阻，电流表采用外接法，滑动变阻器采用限流接法，比较方便测量，电路图如图所示四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）8m（2）4.5s（3）18m【解析】(1)对物体在斜面上运动，有