河南省许昌高中2021届高三二诊考试物理试卷

1、河南省许昌高中2021届高三二诊考试物理试卷2019年河南省许昌高中高考物理二诊试卷一、选择题1.卢瑟福提出了原子的核式结构模型，这一模型建立的基础是粒子的散射实验对阴极射线的研究天然放射性现象的发现质子的发现A卢瑟福提出原子的核式结构模型是根据a粒子的散射实验提出来的，A正确。.在平直公路上，汽车以15m/s的速度做匀速直线运动，从某时刻开始刹车，在阻力作用下，汽车以2m/s2的加速度做匀减速直线运动，则刹车后10s内汽车的位移大小为（）50m56.25m75m150mB由v=at可知汽车经过7.5s速度减小到零，所以10s时速度已经减小到零，所所以位移为，B对；.如图所示,竖直面内有一圆环

2、,圆心为O,水平直径为AB,倾斜直径为MN,AB、MN夹角为8丁不可伸长的轻绳两端分别固定在圆环的M、N两点,轻质滑轮连接一重物,放置在轻绳上,不计滑轮与轻绳摩擦与轻绳重力，圆环从图示位置顺时针缓慢转过28的过程中，轻绳的张力的变化情况正确的是（）逐渐增大先增大再减小逐渐减小先减小再增大BM、N连线与水平直径的夹角越大，M、N之间的水平距离越小，轻绳与竖直方向的夹角越小，根据，轻绳的张力越小，故圆环从图示位置顺时针缓慢转过28的过程，轻绳的张力先增大再减小，故B正确，ACD错误；故选B。4.2016年8月16日凌晨，被命名为“墨子号”的中国首颗量子科学实验卫星开启星际之旅，这是我国在世界上首次

3、实现卫星和地面之间的量子通信，构建天地一体化的量子保密通信与科学实验体系。如图所示，“墨子号”卫星的工作高度约为500km,在轨道上绕地球做匀速圆周运动，经过时间t（t小于其运动周期），运动的弧长为s,与地球中心连线扫过的角度为8弧度，引力常量为G,则下列关于墨子号”的说法正确的是()线速度大于第一宇宙速度质量为环绕周期为向心加速度小于地球同步卫星的向心加速度C第一宇宙速度是卫星绕地球做圆周运动的最大环绕速度，可知“墨子号”的线速度一定小于第一宇宙速度，故A错误；“墨子号”卫星是环绕天体，根据万有引力提供向心力无法求出“墨子号”的质量，故B错误；卫星的角速度，则周期，故C正确；根据，可得，“墨

4、子号”卫星的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，则“墨子号”卫星的向心加速度大于同步卫星的向心加速度，故D错误。所以C正确，ABD错误。5.如图所示，在匀速转动的水平盘上，沿半径方向放着用细线相连的物体A和B，A和B质量都为mo它们分居在圆心两侧，与圆心距离分别为RA=r,RB=2r,A、B与盘间的动摩擦因数甘目同。若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当圆盘转速加快到两物体刚好还未发生滑动时，下列说法正确的是()A.此时绳子张力为T=B.此时圆盘的角速度为3=此时A所受摩擦力方向沿半径指向圆外此时烧断绳子物体A、B仍将随盘一块转动ABCA、B、C项：A、B两物体相比，B物体所需要的向心力较大，当转速增大

5、时，B先有滑动的趋势，此时B所受的静摩擦力沿半径指向圆心，A所受的静摩擦力沿半径背离圆心，选项C正确；当刚要发生相对滑动时，以B为研究对象，有，以A为研究对象，有，由以上两式得，故A、B、C正确；D项：若烧断绳子，则A、B的向心力都不足，都将做离心运动，故D错误。.空间有一匀强电场，一质量为m的带电微粒由静止释放后，其运动方向一竖直向下的方向间的夹角为60，加速度大小等于重力加速度g，不计空气阻力。以下说法中正确的是（）微粒所受电场力大小有可能等于1.5mg运动过程中微粒的机械能增大运动过程中微粒的机械能守恒运动过程中微粒的电势能不变B以带电微粒为研究的对象，由题意，其受力如图：由于运动方向与

6、竖直向下的方向间的夹角为60，加速度大小等于重力加速度g,则平行四边形OACB是两个等边三角形组成，所以，A错误；由图可知，运动的方向与电场力分子之间的夹角也是60，所以运动的过程中电场力做正功，带电微粒的电势能减小，机械能增大，B正确CD错误该题中，由于运动方向与竖直向下的方向间的夹角为60，加速度大小等于重力加速度g,所以微粒所受电场力大小是一定值.如图所示，在光滑的水平面上，有一垂直向下的匀强磁场分布在宽为L的区域内，现有一个边长为的正方形闭合线圈以速度垂直磁场边界滑过磁场后速度变为）那么（） TOC o 1-5 h z 完全进入磁场时线圈的速度大于/2.完全进入磁场时线圈的速度等于/2

7、完全进入磁场时线圈的速度小于/2以上情况AB均有可能，而C是不可能的B对线框进入或穿出磁场过程，设初速度为，末速度为v.由动量定理可知：，又电量，得，得速度变化量，由可知，进入和穿出磁场过程，磁通量的变化量相等，则进入和穿出磁场的两个过程通过导线框横截面积的电量相等，故由上式得知，进入过程导线框的速度变化量等于离开过程导线框的速度变化量。设完全进入磁场中时，线圈的速度大小为，则有，解得，B正确.下列说法正确的是（）水的饱和汽压随温度的升高而增加一定质量的0的水的内能大于等质量的0的冰的内能一切晶体的光学和力学性质都是各向异性的一些昆虫可以停在水面上，是由于水表面存在表面张力的缘故ABD饱和汽压

8、与液体材料和温度有关，温度越高，饱和汽压越大，故A正确；由于水结冰要放热，故一定质量的0的水的内能大于等质量的0的冰的内能，故B正确；单晶体具有各向异性，而多晶体表现为各向同性，故C错误；一些昆虫可以停在水面上，是由于水表面存在表面张力的缘故，故D正确。所以ABD正确，C错误。.有5个完全相同的灯泡连接在理想变压器的原、副线圈中,如图所示。若将该线路与交流电源接通,且开关S接在位置1时,5个灯泡发光亮度相同;若将开关S接在位置2时灯泡均未烧坏。则下列可能的是（） TOC o 1-5 h z 该变压器是降压变压器，原、副线圈匝数比为4:1该变压器是升压变压器，原、副线圈匝数比为1:4副线圈中的灯

9、泡仍能发光，只是更亮些副线圈中的灯泡仍能发光，只是亮度变暗AC五个灯泡发光程度相同，所以原线圈电流与副线圈电流之比为1：4，根据可知该变压器是降压变压器，原副线圈匝数比为4：1，故A正确，B错误；接到2位置，原线圈输出电压变大，根据电压与匝数的关系可知副线圈电压变大，所以灯泡的电流变大，灯泡仍能发光，但亮度变大，故C正确，D错误故选AC.如图所示为粮袋的传送带装置，已知AB间的长度为L,传送带与水平方向的夹角为8,工作时运行速度为v,粮袋与传送带间的动摩擦因数为内正常工作时工人在A点将粮袋从A到B的运动，以下说法正确的是(设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)()A.粮袋到达B点的速度与v比较，可能大

10、，也可能相等或小B.粮袋开始运动的加速度为g(sin8-cos8),若L足够大，则以后将一定以速度v做匀速运动C.若以D.不论以如何小，粮袋从A到B一直匀加速运动，且agsin6AC试题分析：粮袋在传送带上可能一直做匀加速运动，到达B点时的速度小于v;可能先匀加速运动，当速度与传送带相同后，做匀速运动，到达B点时速度与v相同；也可能先做加速度较大的匀加速运动，当速度与传送带相同后做加速度较小的匀加速运动，到达B点时的速度大于v;故A正确.粮袋开始时受到沿斜面向下的滑动摩擦力，大小为以mgcosO,根据牛顿第二定律得到，力口速度a=g(sin8+cos)e故B错误.若tanQ则重力的下滑分力大于

11、滑动摩擦力，故a的方向一直向下，粮袋从A到B一直是做加速运动，可能是一直以g(sin6+jico8的 TOC o 1-5 h z 加速度匀加速；也可能先以g(sin8+coS的加速度匀加速，后以g(sin9jicOs初加速.故C正确由上分析可知，粮袋从A到B不一定一直匀加速运动故D错误故选：AC考点：本题考查了牛顿第二定律如图所示，在光滑的绝缘斜面上固定半径为R的光滑圆形轨道，BD为水平直径，A、C两点分别为轨道的最高点、最低点，圆心O处固定有电荷量为Q的正点电荷。一质量为m、带电荷量为q的带负电小球（视为点电荷）恰好能在轨道内侧做圆周运动。已知静电力常量为k,斜面的倾角为8,重力加速度大小为

12、g,下列说法正确的是A.小球在轨道内侧做圆周运动的过程中机械能守恒B.小球通过A点时的速度大小为小球通过C点时的速度大小为小球通过B、C两点时对轨道的压力大小之比为1U3AC根据机械能守恒条件进行判断是否机械能守恒；找出向心力的提供者，结合机械能守恒求解；A、小球在轨道内侧做圆周运动的过程中只有重力做功，机械能守恒，故选项A正确；B、小球通过A点时有，解得小球通过A点时的速度大小，故选项B错误；C、小球从A点运动到C点的过程中，根据机械能守恒定律有：，解得小球通过C点时的速度大小为，故选项C正确；D、小球通过B点有：，小球从A点运动到B点的过程中，根据机械能守恒定律有，解得：，根据牛顿第三定律

13、可得小球通过B点时对轨道的压力大小为，同理可得小球通过C点时对轨道的压力大小，即小球通过B、C两点时对轨道的压力大小之比为，故选项D错误。本题考查机械能守恒与曲线运动相结合的问题，关键对物体进行受力分析，找出向心力的提供者，结合机械能守恒进行求解即可。.如图甲所示，两平行金属板A、B放在真空中，间距为d,P点在A、B板间，A板接地，B板的电势随时间t的变化情况如图乙所示，t=0时，在P点由静止释放一质量为m、电荷量为e的电子，当时，电子回到P点。电子运动过程中未与极板相碰，不计重力，则下列说法正确的是：=1：2：=1：3C.在02T时间内，当t=T时电子的动能最大D.在02T时间内，电子的动能

14、能增大了BD0T时间内平行板间的电场强度为：，电子以向上做匀加速直线运动，经过时间T的位移为：，速度为：v1=a1T;T2T内平行板间电场强度为：，加速度为：，电子以v1的速度向上做匀变速度直线运动，位移为：x2=v1T,由题意2T时刻回到P点，则有：x1+x2=0,联立可得：小2=3小1,故A错误，B正确；依据电场力做正功最多，电势能最小，而0T内电子做匀加速运动，T2T之内先做匀减速直线运动，后反向匀加速直线运动，因小2=3小1,所以在T2T某时刻电势能最小，故C错误；电子在2T时刻回到P点，此时速度为：v2=v1a2T=（负号表示方向向下），电子的动能为：，根据能量守恒定律，电势能的减小

15、量等于动能的增加量，故D正确。所以BD正确，AC错误。二、实验题.某同学利用如图甲所示的实验装置，测定物块与水平桌面间的动摩擦因数物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段 TOC o 1-5 h z 距离停在桌面上（尚未到达滑轮处）从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，按照打点先后顺序进行标记计数点1、2、3，相邻计数点间的距离如图乙所示打点计时器电源的频率为50Hz（1）通过分析纸带数据，可判断物块在两相邻计数点和_之间某时刻重物落地_（2）重物落地后，物块加速度的大小约为a=1mzs2（保留3位有效数字）（3）物块和水平桌面间的动摩擦因数数）（1）.6（2）.7（3）.2.00（4）.0.2（1）从纸带上的数据分析得知：在点计数点6之前，两点之间的位移逐渐增大，是加速运动，在计数点7之后，两点