江苏省镇江市丹阳市十乡联考中考物理一模试卷含答案解析

1、2016年江苏省镇江市丹阳市十乡联考中考物理一模试卷一、选择题（每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个选项正确）1物理学的宏伟大厦，凝聚了若干物理学家的成果和毕生心血，为了纪念他们对物理学的贡献，人们以他们的名字命名物理量的单位以物理学家命名的单位与对应物理量正确的一组是（）A牛顿功率B帕斯卡压强C安培能量D欧姆电压2下面选项跟互联网无关的是（）A飞鸽传书BQQ聊天C摇微信DWiFi3一蓄电池正负极标志模糊不清，以下四组器材中，无法判断蓄电池正负极的是（）A开关、螺线管、小磁针、若干导线B开关、小灯泡、电流表、若干导线C开关、小灯泡、滑动变阻器、若干导线D开关、电压表、若干导线4

2、如图所示，可绕O点转动的轻质杠杆，在D点挂一个重为G的物体M，用一把弹簧测力计依次在A，B，C三点沿圆O相切的方向用力拉，都使杠杆在水平位置平衡，读出三次的示数分别为F1、F2、F3，它们的大小关系是（）AF1F2F3GBF1F2F3GCF1=F2=F3=GDF1F2=F3=G5如图所示，定滑轮重2N，动滑轮重1N物体A在拉力F的作用下，1s内将重为8N的物体A沿竖直方向匀速提高了0.2m如果不计绳重和摩擦，则以下计算结果正确的是（）A绳子自由端移动速度为0.6m/sB滑轮组的机械效率为80%C拉力F的功率为1.8WD拉力F的大小为5N6用两个相同的加热器给质量相同的物质甲和水加热，它们的温度

3、随加热时间的变化关系如图所示，据此判断物质甲的比热容为（）A4.2103J/（kg）B2.1103J/（kg）C1.2103J/（kg）D条件不足，不能确定72015年5月俄罗斯举行卫国战争胜利70周年的阅兵仪式，中央电视台进行了及时报道，如图是中国三军仪仗队参加阅兵经过现场时的图片，现场记者将该图片传送到电视台时所用的载体是（）A超声波B电磁波C红外线D紫外线8如图所示电路，电源电压6V保持不变，定值电阻的阻值为10，滑动变阻器的最大阻值为20，当开关闭合，滑片由b端向a端移动的过程中，以下说法正确的是（）A当滑片移到a端时，电流表示数为0.2AB电压表的示数增大C当滑片移到中点时，电压表示

4、数为2VD电压表示数与电流表示数的比值减小9如图是有关电磁现象实验的装置图，其中用来研究电磁感应现象的是（）ABCD10如图1，电源电压为3V且保持不变，闭合开关S后，滑片P从b端移动到a端的过程中，电压表示数U与电流表示数I的关系图象如图2所示，下列判断不正确的是（）AR1的电阻为5B滑动变阻器的最大电阻为10C电路消耗的最大功率为1.8WD电路消耗的最小功率为1W11如图所示，足球以初速度v沿着凹凸不平的草地从a运动到d，足球（）A在b、d两点动能相等B在a、d两点动能相等C在b点的动能大于在d点的动能D从c到d的过程重力势能减少12标有“6V 3W”的小灯泡，通过它的电流与电压的关系如图

5、所示，若把它与一只阻值为10的电阻串联接在电压为8V的电路中，则整个电路消耗的功率为（）A4WB3.2WC2.9WD条件不足，无法计算二、填空题（本题共10小题，每空1分，共28分）13核聚变只有在和才能进行14安全电压是 V照明电路是V15如图所示的闭合电路中，物体ab静止，当蹄形磁铁竖直向上运动时，灵敏电流计的指针（选填“会”或“不会”）偏转；让铜棒ab向右缓慢运动时，灵敏电流计的指针偏转的角度较小；快速运动时，指针偏转的角度较大换用强磁体时，这指针偏转的角度较大说明感应电流的大小与和有关，（选填“动圈式话筒”或“动圈式扬声器”）是应用电磁感应原理制成的16放学后，体重为600N的小明同学

6、背着重40N的书包沿水平路面走了200m，又登上每层高3m的四楼才回到家，共用了3min，则他在回家的过程中对书包所做的功约为J，功率为W17如图所示，一配有活塞的厚壁玻璃筒里放一小团蘸了乙醚的棉花，当迅速压下活塞时，可看见桶内棉花燃烧起来这是通过的方式使玻璃筒内的空气增加、温度升高的从能量转化的角度看，汽油机工作时冲程与该图实验相同18“可燃冰”作为新型能源，有着巨大的开发使用潜力，同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的很大若以10倍的关系粗略计算，200g“可燃冰”完全燃烧放出的热量为J，可以使千克的水从30加热至80c水=4.2103 J/（kg），q

7、煤气=4.2107J/kg19用毛皮轻轻摩擦气球时，电子从毛皮转移到了气球上，使气球带（正/负）电；将带电的气球接触荧光灯管任意一端的触点时，灯管即刻被点亮，但发光时间极短，且灯光暗淡；上述过程的能量转化形式是能转化为电能，再转化为能20在“探究杠杆的平衡条件”实验中：（1）实验前，发现杠杆左端偏高，应向端调节螺母，使杠杆在水平位置平衡（2）如图所示，把钩码挂在杠杆左侧A点，为使OB成为力臂，应在B点沿着的方向拉动弹簧测力计，使杠杆在水平位置平衡（3）若每个钩码重为0.5N，将A点的钩码全部移到B点，弹簧测力计作用在C点，为使杠杆在水平位置平衡，所加最小力为N21如图甲是一种新型插座，它能即时

8、显示接在该插座时的用电器的工作电压和所耗电费等信息（插座本身消耗电能由内部电池提供），小明将装有质量为2.4kg、初温为10水的电水壶插在该插座上，这时插座屏幕上显示如图乙所示，当水烧开至100时，屏幕显示如图丙所示，这段时间内电水壶消耗的电能为J，实际功率为W，电水壶烧水的效率为电费单价：0.5元/（kWh）；c水=4.2103J/（kg）22登山是人们喜爱的一种健身方式，露水常使山道变得湿滑，露是空气中的水蒸气（填物态变化名称）成水形成的，因此登山时应选择一双鞋底比较（选填“光滑”或“粗糙”）的登山鞋，以防止滑倒登山时为避免后仰，上身应稍向前倾，同时背囊中较重的物品最好放在图示中的（选填“

9、A”或“B”）位置处三、解答题（本题共7小题，共48分，解答27、28、29题时应有解题过程）23（1）请你在图甲中标出小磁针的N、S极及通电螺线管周围的磁感线方向（2）请在图乙圆中填上适当的电表符号，使开关S闭合后，两电阻并联（3）在图丙中作出最小的力，使杠杆平衡24在“比较不同物质吸热升温情况”的实验中：（1）小丽和小明用一套器材做加热水和煤油的实验，如图甲所示在组装器材时应先调节（A/B）的高度，调节它的高度是为了（2）组装好器材，他们先后在同一个烧杯中称出质量相等的水和煤油，分别加热相同的时间，比较水和煤油，得出结论要完成该实验，除图甲所示器材外，还需要的一个测量工具是（3）在对实验进

10、行反思时，他们认为原方案有需要两次加热耗时长等缺点，因此改进方案并设计了图乙所示的装置与原方案相比，该方案除克服了上述缺点外还具有的优点是（答出一个即可）25如图甲所示，是江苏如东风力发电厂的外景，该场是亚洲目前建设规模最大的风电基地，小明在参观了发电场后，对风力发电机产生了浓厚的兴趣风力发电机发电时的输出功率和哪些因素有关呢？对这一问题，他做了如下猜想：风力发电机的输出功率可能与风速有关风力发电机的输出功率可能与叶片的倾角有关（1）请你也提出一个猜想：风力发电机的输出功率可能与有关为了探究风力发电机的输出功率是否与风速有关，小明设计了如下实验步骤：如图乙，将风叶安装在风车底座上，把线的一端固

11、定在风车转轴上，另一端系上钩码在风车正前方1米处放置电风扇，将电风扇的风速调到1挡位，用秒表记录提升钩码到A点所需的时间将电风扇换到2、3挡位，重复以上实验，并将数据记录在表格中（注：电风扇挡位越高，风速越大）表一：电风扇挡位钩码的质量（克）提升钩码到A点的时间（秒）150152501335010请你回答：（2）这个实验是通过测量来比较风车输出功率的大小（3）通过实验可以得到的结论是：为了进一步研究风力发电机，他又从电厂查到一台1500kW的发电机组的相关数据：表二：输出功率与风速的关系风速（m/s）5101520输出功率（kW）8072015001100表三：不同风速下风力发电机每秒获得的风

12、能：风速（m/s）51015201s获得的能4）风能是清洁能源，也是（选填“可再生”或“不可再生”）能源风力发电机的工作原理是（5）风速为10m/s时，这台发电机的发电效率为26在“测量小灯泡的额定功率”实验中，已连接的部分电路如图a所示，图中电源电压恒定，小灯泡上只能看到“3.8V“字样（1）请你用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整（2）正确连接实验电路后，开关试触时，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，其故障原因可能是（3）故障排除后开始实验，当变阻器滑片滑到图示位置时，电压表的示数为3.0V，接着应将滑片向滑动，直至灯泡两端电压为额定电压，此时电流表

13、的示数如图b所示则灯泡的额定功率为W（4）实验时某小组学生发现电流表损坏，他们想设计一个不用电流表测定该小灯泡额定功率的实验，于是向老师要了一个R0的定值电阻（阻值适当），和一个单刀双掷开关（符号为（），借助原有的实验器材，顺利完成了实验，假如由你来做实验，要求电路只连接一次，请设计实验方案在虚线框内画出实验电路图简述实验步骤（用相应的字母表示测出得出物理量）写出灯泡额定功率的表达式P额=（用已知量和测量量表示）27如图所示，塔式起重机上的滑轮组将重为9.0104N的重物匀速吊起10m、作用在绳端的拉力为4.0104N（1）求提升重物做的有用功；（2）求滑轮组的机械效率；（3）若克服摩擦和钢丝

14、绳重所做的功为有用功的0.25倍，求动滑轮的重28图示电路中，滑动变阻器铭牌上标有“501A”字样，电压表量程015V闭合开关S1、S2，断开开关S3，调节变阻器滑片P至某位置，电压表示数为6.0V，电流表示数为0.50A，灯泡正常发光；再闭合开关S3，电流表示数变为0.75A（1）求变阻器接入电路的阻值； （2）求灯泡的额定功率； （3）只闭合开关S1、S2，改变电源电压并移动滑片P，使电路安全工作，求电路10s消耗的最大电能29如图是一款即热式电热饮水机的原理示意图，它可以设定不同的出水温度，R是加热电阻丝，其规格为“220V 1600W”；控制电路中的直流电源变换器能将220V交流电转换

15、成6V的直流电，Rt是热敏电阻，其阻值与温度的关系式为Rt=10+0.5t（式中Rt单位是，t的单位是）电磁铁线圈电阻为10，R0是滑动变阻器，当电磁继电器线圈中的电流小于等于20mA时，衔铁片会弹起，触点分离，热水器停止加热（1）请根据要求将加热电阻丝R连入电路（2）加热电阻丝R的阻值有多大？（3）该热水器把体积为150mL，初温为20的水加热到100，只需35s，则该热水器的加热效率是多少？（4）如果初温为20的150mL水加热到80，则滑动变阻器的阻值要调到多大？2016年江苏省镇江市丹阳市十乡联考中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中

16、只有一个选项正确）1物理学的宏伟大厦，凝聚了若干物理学家的成果和毕生心血，为了纪念他们对物理学的贡献，人们以他们的名字命名物理量的单位以物理学家命名的单位与对应物理量正确的一组是（）A牛顿功率B帕斯卡压强C安培能量D欧姆电压【考点】物理常识【分析】根据对物理量及其单位的掌握作答【解答】解：在国际单位制中，A、牛顿是力的单位，功率的单位是瓦特此选项错误；B、帕斯卡是压强的单位此选项正确；C、安培是电流的单位，能量的主单位是焦耳此选项错误；D、欧姆是电阻的单位，电压的单位是伏特此选项错误故选B2下面选项跟互联网无关的是（）A飞鸽传书BQQ聊天C摇微信DWiFi【考点】网络通信【分析】根据对互联网相

17、关知识的了解，可对选项中的内容逐一做出判断【解答】解：A、飞鸽传书是古代人民发明的利用鸽子来帮助人类传递信息的一种特殊的方式，与互联网无关，符合题意；B、QQ聊天是最常用的网络交流方式之一，与互联网有关，故B不合题意；C、摇微信是通过互联网进行交流的一种方式，与互联网有关，故C不合题意；D、WiFi是目前最常用的可将电脑手机等终端以无线的方式进行连接的技术，其实质是高频的无线电信号，与互联网有关，故不合题意故选A3一蓄电池正负极标志模糊不清，以下四组器材中，无法判断蓄电池正负极的是（）A开关、螺线管、小磁针、若干导线B开关、小灯泡、电流表、若干导线C开关、小灯泡、滑动变阻器、若干导线D开关、电

18、压表、若干导线【考点】电源及其能量转化【分析】电池有两极：正极和负极，电路中的电流方向是从正极出发经过用电器回到负极要判断电池的正、负极，我们可以利用与电流方向有关的，在使用过程中要考虑电流方向的器材来进行辨别【解答】解：A、通电螺线管的极性与电流的方向有关：我们先根据小磁针静止时N极的指向判断出通电螺线管的N极，然后用安培定则就可以判断螺线管中的电流方向，进而根据电流方向就可以判断出电池的正、负极，不合题意；B、电流表的正、负接线柱的接法要正确（电流从正接线柱进，从负接线柱出，指针正向偏转；接反的话，指针会反向偏转）：将小灯泡与电流表串联起来接在电路中，观察电流表指针的偏转情况，若电流表的指

19、针正向偏转，则跟电流表正接线柱相接的那个极就是电池的正极；若电流表的指针反向偏转，则跟电流表正接线柱相接的那个极是电池的负极，不合题意；C、滑动变阻器和灯泡都没有正、负接线柱，无论怎么接都不会影响它们的使用，所以也就无法利用它们来辨别电池的正、负极，符合题意；D、电压表有正负接线柱，并能直接接到电源两端，使得电流从正接线柱流入负接线柱流出：将电压表接到电源两端，若电压表指针向右偏转则与其正接线柱相连的为电源的正极，若反向偏转，则与其负接线柱相连的为电源的正极，可以判断电源的正负极，不合题意故选 C4如图所示，可绕O点转动的轻质杠杆，在D点挂一个重为G的物体M，用一把弹簧测力计依次在A，B，C三

20、点沿圆O相切的方向用力拉，都使杠杆在水平位置平衡，读出三次的示数分别为F1、F2、F3，它们的大小关系是（）AF1F2F3GBF1F2F3GCF1=F2=F3=GDF1F2=F3=G【考点】杠杆的平衡条件【分析】利用杠杆平衡条件分析，当阻力和阻力臂不变时，如果动力臂不变，只改动用力方向，其动力不变，据此分析解答【解答】解：设拉力的力臂为L，则由题意可知，当杠杆在水平位置平衡时：GOD=FL由此可得：F=因为G，OD不变，OD=L=r，故F=G，由于F1、F2、F3的力臂都为圆的半径，相等，故F1=F2=F3=G故选：C5如图所示，定滑轮重2N，动滑轮重1N物体A在拉力F的作用下，1s内将重为8

21、N的物体A沿竖直方向匀速提高了0.2m如果不计绳重和摩擦，则以下计算结果正确的是（）A绳子自由端移动速度为0.6m/sB滑轮组的机械效率为80%C拉力F的功率为1.8WD拉力F的大小为5N【考点】滑轮（组）的机械效率；功率的计算【分析】A、由滑轮组的结构图可求拉力移动的距离，又知道时间可求绳子自由端移动速度；B、由物体A重和上升高度可求出有用功，由动滑轮重和上升高度可求出额外功；总功等于有用功加上额外功，利用机械效率公式求滑轮组的机械效率；C、知道总功，即拉力的功，又知道做功时间，可求出功率D、知道总功和做功时间，利用功的公式求拉力【解答】解：A、s=2h=20.2m=0.4m，v=0.4m/

22、s，故A错；B、W有=Gh=8N0.2m=1.6J，W额=G轮h=1N0.2m=0.2J，W总=W有+W额=1.6J+0.2J=1.8J=100%=100%88.9%，故B错；C、拉力功率：P=1.8W，故C正确；D、因为W总=Fs=F0.4m=1.8J，所以F=4.5N，故D错故选C6用两个相同的加热器给质量相同的物质甲和水加热，它们的温度随加热时间的变化关系如图所示，据此判断物质甲的比热容为（）A4.2103J/（kg）B2.1103J/（kg）C1.2103J/（kg）D条件不足，不能确定【考点】比热容的概念【分析】图象问题要结合物理公式进行分析由图象知物质甲和水质量相同，升高的温度相同

23、时水吸收的热量是物质甲吸收热量的2倍【解答】解：由图象可知：用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，水温度升高60需要20min，物质甲温度升高60需要10min所以质量相同的物质甲和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为：Q水吸=2Q甲吸由热量计算公式Q=cmt，得：c=c水=2c甲又c水=4.2103J/（kg）c甲=2.1103J/（kg）故选B72015年5月俄罗斯举行卫国战争胜利70周年的阅兵仪式，中央电视台进行了及时报道，如图是中国三军仪仗队参加阅兵经过现场时的图片，现场记者将该图片传送到电视台时所用的载体是（）A超声波B电磁波C红外线D紫外线【考点】电磁波的传播【分析】因为电

24、磁波可以在真空中传播，不需要靠介质，所以宇宙通信用电磁波来传递信息【解答】解：将该图片传送到电视台时所用的载体是电磁波，所以选项ACD错误，B正确；故选B8如图所示电路，电源电压6V保持不变，定值电阻的阻值为10，滑动变阻器的最大阻值为20，当开关闭合，滑片由b端向a端移动的过程中，以下说法正确的是（）A当滑片移到a端时，电流表示数为0.2AB电压表的示数增大C当滑片移到中点时，电压表示数为2VD电压表示数与电流表示数的比值减小【考点】欧姆定律的应用【分析】分析电路图可知：滑动变阻器和定值电阻串联在电路中，电压表测定值电阻的电压，当开关闭合，滑片由b端向a端移动的过程中，根据滑动变阻器接入电路

25、电阻的变化，利用串联电路的特点和欧姆定律可知电流表和电压表示数的变化【解答】解：A、当滑片移到a端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，根据欧姆定律可知I=0.6A，所以电流表示数为0.6A，故A错误；B、滑片由b端向a端移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据串联电路电压规律可知总电阻变小，电路中的电流变大，根据欧姆定律可知定值电阻两端的电压变大，故B正确C、当滑片移到中点时，滑动变阻器接入电路的电阻为10，与定值电阻的阻值相等，根据串联电路电压规律结合欧姆定律可知定值电阻两端的电压为电源电压的一半，电压表示数为3V，故C错误D、电压表示数与电流表示数的比值是定值电阻的阻值，导体的电阻不

26、会改变，所以D错误故选B9如图是有关电磁现象实验的装置图，其中用来研究电磁感应现象的是（）ABCD【考点】电磁感应【分析】逐个分析选择项中的实验装置所反映的物理知识，然后与题目要求相对应，从而可以得出答案【解答】解：A、当给导体通电时，原来静止在南北方向的小磁针的指向发生了偏转，说明电流周围存在磁场故A错误；B、导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生感应电流这是电磁感应现象故B正确；C、给处在磁场中的导体通电时，导体会运动，说明通电导体在磁场中受到力的作用故C错误D、此实验探究的是电磁铁磁性强弱和电流大小的关系故D错误故选B10如图1，电源电压为3V且保持不变，闭合开关S后，滑片P从b端移

27、动到a端的过程中，电压表示数U与电流表示数I的关系图象如图2所示，下列判断不正确的是（）AR1的电阻为5B滑动变阻器的最大电阻为10C电路消耗的最大功率为1.8WD电路消耗的最小功率为1W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】由图1可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小、电压表的示数最大，由图象读出电流和电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压，利用

28、P=UI求出电路消耗的最大和最小功率【解答】解：由图1可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，由图2可知I1=0.6A，由I=可得，电源的电压：U=I1R1=0.6AR1，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图2可知，I2=0.2A，U2=2V，则滑动变阻器的最大阻值：R2=10，故B正确；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=I2R1+U2=0.2AR1+2V，因电源的电压不变，所以，0.6AR1=0.2AR1+2V，解得：R1=5，故A正确；电源的电压U=0.6AR1=0.6

29、A5=3V，电路消耗的最大功率：P1=UI1=3V0.6A=1.8W，故C正确；电路消耗的最小功率：P2=UI2=3V0.2A=0.6W，故D错误故选D11如图所示，足球以初速度v沿着凹凸不平的草地从a运动到d，足球（）A在b、d两点动能相等B在a、d两点动能相等C在b点的动能大于在d点的动能D从c到d的过程重力势能减少【考点】动能和势能的大小变化；动能大小的比较【分析】（1）动能大小跟质量、速度有关质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大（2）重力势能大跟质量、高度有关质量一定时，高度越高，重力势能越大；高度一定时，质量越大，重力势能越大【解答】解：AC、足球在b点时，

30、足球有一定的速度，足球具有一定的动能，动能不为零；足球在d点时，足球速度为零，足球动能为零所以足球在b点的动能大于在d点的动能，故A错误，C正确；B、足球在a点时，足球有一定的速度，足球具有一定的动能，动能不为零；足球在d点时，足球速度为零，足球动能为零故B错误D、足球从c到d的过程中，足球质量不变，高度增大，重力势能不断增大故D错误故选C12标有“6V 3W”的小灯泡，通过它的电流与电压的关系如图所示，若把它与一只阻值为10的电阻串联接在电压为8V的电路中，则整个电路消耗的功率为（）A4WB3.2WC2.9WD条件不足，无法计算【考点】电功率的计算【分析】灯与电阻串联，根据串联电路的电流和电

31、压特点，结合图象判断电路中电流，由P=UI计算电路消耗功率【解答】解：由题知，灯泡与电阻串联，根据串联电路中电流处处相等，总电压等于各部分两端电压之和，由图象知，当灯泡电流为0.4A时，电压为4V，由欧姆定律可知，此时电阻两端电压：UR=IR=0.4A10=4V，U=UL+UR=4V+4V=8V，符合电源电压等于8V的条件，所以电路的电功率：P=UI=8V0.4A=3.2W故选B二、填空题（本题共10小题，每空1分，共28分）13核聚变只有在极高的温度和极高的压强下才能进行【考点】核聚变【分析】当原子核发生改变裂变和聚变时才伴随巨大的能量变化，核聚变必须在极高的温度和压强下进行【解答】解：目前

32、人们获得核能的途径主要是放射性物质的裂变和氢的同位素及氦原子的聚变，核聚变必须在极高的温度和极高的压强下进行故答案为：极高的温度；极高的压强下14安全电压是不高于36 V照明电路是220V【考点】电压【分析】照明电路电压是220V，人体安全电压不高于36V【解答】解：人体安全电压是不高于36V；家庭照明电路电压是220V故答案为：不高于36；22015如图所示的闭合电路中，物体ab静止，当蹄形磁铁竖直向上运动时，灵敏电流计的指针不会（选填“会”或“不会”）偏转；让铜棒ab向右缓慢运动时，灵敏电流计的指针偏转的角度较小；快速运动时，指针偏转的角度较大换用强磁体时，这指针偏转的角度较大说明感应电流

33、的大小与导体做切割磁感线运动的快慢和磁场的强弱有关，动圈式话筒（选填“动圈式话筒”或“动圈式扬声器”）是应用电磁感应原理制成的【考点】电磁感应【分析】要解决此题，需要掌握电磁感应现象的概念，产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动同时要知道产生感应电流的方向与磁场方向和导体的运动方向有关知道发电机是根据电磁感应原理制成的，动圈式话筒也是利用的电磁感应现象【解答】解：（1）物体ab静止，当蹄形磁铁竖直向上运动时，相当于磁体不动，导体向下运动，故导体的运动方向与磁感线方向平行，不切割磁感线，所以电路中没有感应电流产生；（2）ab切割磁感线的速度慢时，电流计的指针偏转角度较小；

34、当ab快速运动时，电流计的偏转角度变大，这说明电路中的电流变大，所以可以看出感应电流的大小与导体切割磁感线的速度有关同时若换用强磁场，保持原来切割磁感线的速度，感应电流也会变大，即感应电流的大小与磁场的强弱有关；（3）动圈式话筒就是因为声音的振动使话筒的膜片振动，带动线圈运动而切割磁感线，产生与振动相应的电流，然后再通过扬声器还原成声音是根据电磁感应原理工作的动圈式扬声器是因为线圈中通过变化的电流，从而使它受磁场的力忽大忽小，所以引起膜片的振动，而产生声音，它是利用电流在磁场中受力的原理工作的故答案为：不会；导体做切割磁感线运动的快慢；磁场的强弱；动圈式话筒16放学后，体重为600N的小明同学

35、背着重40N的书包沿水平路面走了200m，又登上每层高3m的四楼才回到家，共用了3min，则他在回家的过程中对书包所做的功约为360J，功率为2W【考点】功的计算；功率的计算【分析】力对物体做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在该力的方向上通过的距离先确定两个过程（水平路面上行走、登楼）是否做功；若做功，利用W=Fs=Gh计算，再利用P=求功率【解答】解：小明在水平路面上行走时，在竖直方向上移动的距离是0，此过程对书包做功为0；在登楼时，将书包提升，对书包做功：W=Gh=40N3m3=360J；做功功率：P=2W故答案为：360；217如图所示，一配有活塞的厚壁玻璃筒里放一小团蘸了乙醚的

36、棉花，当迅速压下活塞时，可看见桶内棉花燃烧起来这是通过做功的方式使玻璃筒内的空气内能增加、温度升高的从能量转化的角度看，汽油机工作时压缩冲程与该图实验相同【考点】做功改变物体内能【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，其中在做功冲程中，是内燃机的内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转化为内能【解答】解：当迅速压下活塞时，可看见桶内棉花燃烧起来这是通过做功的方式使玻璃筒内的空气内能增加、温度升高的从能量转化的角度看，汽油机工作时压缩冲程与该图实验相同故答案为：做功；内能；压缩

37、18“可燃冰”作为新型能源，有着巨大的开发使用潜力，同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的热值很大若以10倍的关系粗略计算，200g“可燃冰”完全燃烧放出的热量为8.4107J，可以使400千克的水从30加热至80c水=4.2103 J/（kg），q煤气=4.2107J/kg【考点】热平衡方程的应用【分析】（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫这种燃料的热值；（2）利用Q放=mq求出1kg煤气完全燃烧放出的热量，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的10倍，据此求1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量由题知，Q吸=Q放，而Q吸=cmt，知道水的比热容、水温度

38、升高的度数，可求水的质量【解答】解：（1）在同等条件下，包含质量相同，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的热值很大；（2）200g“可燃冰”完全燃烧放出的热量：Q放=mq=0.2kg4.2l07J/kg=8.4l07J，0.2kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量：Q放=Q放10=8.4106J10=8.4l07J；Q吸=Q放=8.4107J，由Q吸=cmt可得，m=400kg故答案为：热值；8.4107；40019用毛皮轻轻摩擦气球时，电子从毛皮转移到了气球上，使气球带负（正/负）电；将带电的气球接触荧光灯管任意一端的触点时，灯管即刻被点亮，但发光时间极短，且灯光暗淡；上

39、述过程的能量转化形式是机械能转化为电能，再转化为光能【考点】能量的转化和转移【分析】摩擦起电是电子的转移，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电；摩擦起电使机械能转化为电能，灯管发光，再将电能转化为光能【解答】解：因为电子带的是负电荷，故毛皮和气球摩擦时，电子从毛皮转移到了气球上，气球带上了负电摩擦起电的过程中，将机械能转化为电能，灯管发光时，再将电能转化为光能故答案为：负；机械；光20在“探究杠杆的平衡条件”实验中：（1）实验前，发现杠杆左端偏高，应向左端调节螺母，使杠杆在水平位置平衡（2）如图所示，把钩码挂在杠杆左侧A点，为使OB成为力臂，应在B点沿着竖直向上的方向拉动弹簧测力计，使杠

40、杆在水平位置平衡（3）若每个钩码重为0.5N，将A点的钩码全部移到B点，弹簧测力计作用在C点，为使杠杆在水平位置平衡，所加最小力为1N【考点】探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端调节；（2）根据力臂的概念分析拉力的方向；（3）根据杠杆的平衡条件，将已知条件代入便可得出拉力的大小【解答】解：（1）由题意知，杠杆左端偏高，则应将平衡螺母向左端移动；（2）根据力臂的概念，要使OB成为力臂，则拉力方向应与OB垂直，要使天杠杆平衡，应竖直向上拉动测力计；（3）要使拉力最小，拉力应垂直于杠杆，设每个小格的长度为L，根据杠杆的平衡条件：GLG=FLF40.5N3L=F

41、6L解得：F=1N故答案为：（1）左；（2）竖直向上；（3）121如图甲是一种新型插座，它能即时显示接在该插座时的用电器的工作电压和所耗电费等信息（插座本身消耗电能由内部电池提供），小明将装有质量为2.4kg、初温为10水的电水壶插在该插座上，这时插座屏幕上显示如图乙所示，当水烧开至100时，屏幕显示如图丙所示，这段时间内电水壶消耗的电能为1.08106J，实际功率为1500W，电水壶烧水的效率为84%电费单价：0.5元/（kWh）；c水=4.2103J/（kg）【考点】电功与热量的综合计算【分析】（1）电价和显示费用求出消耗的电能；（2）根据P=求出实际功率；（3）利用Q=cmt求出水吸收的

42、热量，结合效率公式求出烧水效率【解答】解：这段时间内消耗的电能为W=0.3kWh=1.08106J，实际功率为P=1500W；水吸收的热量为：Q=cmt=4.2103J/（kg）2.4kg=907200J则烧水效率为：=100%=100%=84%故答案为：1.08106；1500；84%22登山是人们喜爱的一种健身方式，露水常使山道变得湿滑，露是空气中的水蒸气液化（填物态变化名称）成水形成的，因此登山时应选择一双鞋底比较粗糙（选填“光滑”或“粗糙”）的登山鞋，以防止滑倒登山时为避免后仰，上身应稍向前倾，同时背囊中较重的物品最好放在图示中的A（选填“A”或“B”）位置处【考点】液化及液化现象；增

43、大或减小摩擦的方法；杠杆的应用【分析】（1）物质由气态变为液体叫液化；（2）摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，增大压力、增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦；（3）旅游登山时，为了使人不易向后倾倒，背囊中的重物到人的重心的竖直线的距离最短【解答】解：露是空气中的水蒸气遇冷由气态变成的液态的小水滴，属于液化现象；为了登山安全，防止打滑，要增大鞋与山道之间的摩擦，可以增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，要选择鞋底比较粗糙的登山鞋；人的行走时，人的重心向前倾，为了使人不易向后倾倒，背囊中的重物到人的重心的竖直线的距离最短把重的物品放在背囊上部，应放在A处故答案为：液化；粗糙；A三、解答题（本题共7小题，共

44、48分，解答27、28、29题时应有解题过程）23（1）请你在图甲中标出小磁针的N、S极及通电螺线管周围的磁感线方向（2）请在图乙圆中填上适当的电表符号，使开关S闭合后，两电阻并联（3）在图丙中作出最小的力，使杠杆平衡【考点】通电螺线管的磁场；杠杆中最小力的问题；电流表的使用；电压表的使用【分析】（1）根据电流的方向，利用磁极间的作用规律与安培定则即可解决此题（2）明白电压表和电流表的连接方式，电压表要并联在电路中，电流表要串联在电路中；（3）根据杠杆平衡的条件，F1L1=F2L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用

45、点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题【解答】解：（1）题中知道电流的方向，根据安培定则可以判断出螺线管的极性，再根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互排斥，如图所示：（2）开关S闭合后，要使电阻R1、R2并联，电压表并联在电阻两端，电流表串联电路中如图所示：（3）连接OB就是最长的动力臂，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡动力方向向上，据此可画出最小的动力，如图所示：24在“比较不同物质吸热升温情况”的实验中：（1）小丽和小明用一套器材做加热水和煤油的实验，如图甲所示在组装器材时应先调节A（A/B）的高度，调节它的高度是为了确保使用外焰加热（2）组装好器材，他们先后在同一个烧杯中称出质量相等的水

46、和煤油，分别加热相同的时间，比较水和煤油升高的温度，得出结论要完成该实验，除图甲所示器材外，还需要的一个测量工具是秒表（3）在对实验进行反思时，他们认为原方案有需要两次加热耗时长等缺点，因此改进方案并设计了图乙所示的装置与原方案相比，该方案除克服了上述缺点外还具有的优点是该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等（答出一个即可）【考点】探究比热容的实验【分析】（1）组装实验仪器是实验中的一个重要环节，应从最优化的角度去考虑，避免重复调整（2）实验需要测量水与煤油的加热时间，需要用到秒表；液体吸收相等的热量，升高的温度越高，液体的吸热能力越弱（3）分析图示实验，根据图示实验

47、装置分析答题【解答】解：（1）组装实验仪器时，应根据酒精灯及其火焰的高度先固定图中的A部分，使酒精灯的外焰正好能给烧杯加热，然后再固定图中的B部分，这样可以避免重复调整；（2）在同一个烧杯中称出质量相等的水和煤油，分别加热相同的时间，比较水和煤油升高的温度，得出结论实验中需要测量水与煤油的加热时间，需要用到秒表；（3）由图乙所示实验可知，实验用同一烧杯用“水浴法”对水与煤油同时加热，该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等；故答案为：（1）A；确保使用外焰加热；（2）升高的温度；秒表；（3）该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等25如图甲所示，

48、是江苏如东风力发电厂的外景，该场是亚洲目前建设规模最大的风电基地，小明在参观了发电场后，对风力发电机产生了浓厚的兴趣风力发电机发电时的输出功率和哪些因素有关呢？对这一问题，他做了如下猜想：风力发电机的输出功率可能与风速有关风力发电机的输出功率可能与叶片的倾角有关（1）请你也提出一个猜想：风力发电机的输出功率可能与叶片面积有关为了探究风力发电机的输出功率是否与风速有关，小明设计了如下实验步骤：如图乙，将风叶安装在风车底座上，把线的一端固定在风车转轴上，另一端系上钩码在风车正前方1米处放置电风扇，将电风扇的风速调到1挡位，用秒表记录提升钩码到A点所需的时间将电风扇换到2、3挡位，重复以上实验，并将

49、数据记录在表格中（注：电风扇挡位越高，风速越大）表一：电风扇挡位钩码的质量（克）提升钩码到A点的时间（秒）150152501335010请你回答：（2）这个实验是通过测量砝码上升时间的长短来比较风车输出功率的大小（3）通过实验可以得到的结论是：风力发电机的输出功率与风速有关，风速越大输出功率越大为了进一步研究风力发电机，他又从电厂查到一台1500kW的发电机组的相关数据：表二：输出功率与风速的关系风速（m/s）5101520输出功率（kW）8072015001100表三：不同风速下风力发电机每秒获得的风能：风速（m/s）51015201s获得的能4）风能是清洁能源，也

50、是可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源风力发电机的工作原理是电磁感应（5）风速为10m/s时，这台发电机的发电效率为60%【考点】控制变量法与探究性实验方案【分析】（1）风速、叶片的倾角、叶片的材料以及叶片的表面积都可以影响发电机的输出功率；（2）因风车输出的功率为提升重物的功率，要求提升重物的功率可以由P=mgv来求；而知道提升时间即可以得出提升物体的速度，则可比较风车的输出功率大小（3）分析表一中数据，电风扇档位越高，风速越大，提升钩码到A点的时间越短，据此得出结论（4）风能是可再生能源，发电机的制作原理是电磁感应现象，即发电过程是将机械能转化为电能的过程（5）从表格数据得出风速为1

51、0m/s时，1s内获得的能量，求出风车工作1h获得的能量（总能量）；再求出风车工作1h产生的电能（有用能量）；利用效率公式求风车发电的效率【解答】解：（1）风叶的材料不同，可以影响发电机的输出功率，如组成风叶的材料越轻，则越易转动；同时若风叶的表面积不同，则风叶获得的能量不同，也可影响输出功率等（2）因提升高度要同，则由h=Vt可知，通过提升时间，可知提升的速度大小，则由P=mgv可知输出功率的大小，故比较提升时间可知功率大小（3）分析表一数据可见，在提升钩码质量相同的情况下，风速越大，提升钩码到A点的时间越短，风车的输出功率越大（4）风能是一种很清洁的可再生能源，资源丰富，无污染；风力发电将

52、风能转化为电能，发电机是通过运动产生电能，即是利用电磁感应现象的原理制成的（5）风速为10m/s时，1s内获得的能量为120104J，风车工作1h获得的能量：W总=120104J3600s=4.32109J，风车工作1h产生的电能：W电=720kw1h=720kwh=2.592109J，风车发电的效率：=100%=100%=60%故答案为：（1）叶片面积；（2）砝码上升时间的长短；（3）风力发电机的输出功率与风速有关，风速越大输出功率越大；（4）可再生；电磁感应；（5）60%26在“测量小灯泡的额定功率”实验中，已连接的部分电路如图a所示，图中电源电压恒定，小灯泡上只能看到“3.8V“字样（1

53、）请你用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整（2）正确连接实验电路后，开关试触时，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，其故障原因可能是灯泡断路（3）故障排除后开始实验，当变阻器滑片滑到图示位置时，电压表的示数为3.0V，接着应将滑片向右滑动，直至灯泡两端电压为额定电压，此时电流表的示数如图b所示则灯泡的额定功率为1.52W（4）实验时某小组学生发现电流表损坏，他们想设计一个不用电流表测定该小灯泡额定功率的实验，于是向老师要了一个R0的定值电阻（阻值适当），和一个单刀双掷开关（符号为（），借助原有的实验器材，顺利完成了实验，假如由你来做实验，要求电路只连接一次，请设计实验方案在虚线框内

54、画出实验电路图简述实验步骤a、根据电路图连接电路，闭合开关S1、S2接1，调节滑动变阻器，使电压表示数为3.8Vb、保持滑动变阻器滑片位置不变，S2接2，读出电压表示数U（用相应的字母表示测出得出物理量）写出灯泡额定功率的表达式P额=（用已知量和测量量表示）【考点】电功率的测量【分析】（1）根据实验原理连接实物电路图，注意电表量程和变阻器的接法（2）电压表有示数，说明与电压表两接线柱连接的电路是通路，电流表无示数，说明电路断路，据此分析故障的可能原因（3）在额定电压下灯泡的功率为额定功率，根据题意与电路图判断滑片的移动方向；由图示电表确定其分度值，读出其示数，然后由P=UI求出灯泡额额定功率（

55、4）实验器材中没有电流表，只有电压表和定值电阻，可根据串联电路的电流特点设计电路，即灯泡与定值电阻、滑动变阻器串联组成电路，利用电压表分别测出灯泡和定值电阻两端电压以及灯泡两端的电压，调节滑动变阻器使灯泡两端的电压达到额定电压，然后测出定值电阻和灯泡两端的电压，根据串联电路的电流的特点和欧姆定律求出电路中的电流即为灯泡的额定电流，利用P=UI表示出灯泡的额定功率【解答】解：（1）测灯泡功率实验，电压表测灯泡两端电压，灯泡额定电压3.8V，所以电压表应使用015V量程，变阻器一上一下接入电路，实物电路图如图所示：（2）灯泡不亮，电流表无示数，说明某处发生了断路，电压表有示数，说明与电压表并联的灯

56、泡出现了断路（3）电压表示数为3V，小于灯泡额定电压，为测灯泡额定电压，由电路图根据串联电路的分压原理可知，应向右移动滑片，减小滑动变阻器连入电路中的阻值，从而减小滑动变阻器分担的电压，增大灯泡两端的电压，使电压表示数等于灯泡额定电压3.8V；由电路图可知，电流表量程为00.6A，由图示电流表可知，其分度值为0.02A，示数为0.4A，所以灯泡额定功率P=UI=3.8V0.4A=1.52W；（4）实验需要测出灯泡两端电压与通过灯泡的电流，可以把灯泡与定值电阻串联，测出定值电阻两端电压，由欧姆定律求出通过定值电阻的电流，由于灯泡与定值电阻串联，可以求出通过灯泡的电流，然后由P=UI求出灯泡额定功

57、率，实验电路图如图所示：实验步骤：a、根据电路图连接电路，闭合开关S1、S2接1，调节滑动变阻器，使电压表示数为3.8Vb、保持滑动变阻器滑片位置不变，S2接2，读出电压表示数U通过灯泡的电流：I=IR0=，灯泡额定功率：P=U额I=3.8V=故答案为：（1）见上图；（2）灯泡断路；（3）右；1.52；（4）如上图；a、根据电路图连接电路，闭合开关S1、S2接1，调节滑动变阻器，使电压表示数为3.8Vb、保持滑动变阻器滑片位置不变，S2接2，读出电压表示数U；27如图所示，塔式起重机上的滑轮组将重为9.0104N的重物匀速吊起10m、作用在绳端的拉力为4.0104N（1）求提升重物做的有用功；

58、（2）求滑轮组的机械效率；（3）若克服摩擦和钢丝绳重所做的功为有用功的0.25倍，求动滑轮的重【考点】机械效率的计算；功的计算【分析】（1）由W有=Gh计算有用功；（2）由图知，通过动滑轮绳子段数n=3，由=计算滑轮组的机械效率；（3）根据W总=Fs=Fnh计算总功，W总=W有用+W额求出克服动滑轮重做的额外功，再根据W额=G动h求出动滑轮重【解答】解：（1）提升重物做的有用功：W有=Gh=9.0104N10m=9.0105J；（2）由图知，通过动滑轮绳子段数n=3，所以滑轮组的机械效率：=100%=100%=100%=100%=75%；（3）总功：W总=Fs=Fnh=4.0104N310m=1.2106J，克服摩擦和钢丝绳重所做的额外功：W额1=0.25W有用=0.259105J=2.25105J，由W总=W有用+W额1+W额2可得克服动滑轮重做的额外功：W额2=W总W有用W额1=1.2106J9105J2.25105J=75000J，由W额=G动h可得动滑轮重G动=7500N答：（1）提升重物做的有用功为9.0105J；（2）滑轮组的机械效率为75%；（3）动