2022-2023学年广东河源市连平县忠信中学物理高三上期中检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示是A、B两质点从同一地点开始运动的v-t图像，则下列说法正确的是 AB质点在前4 s的平均速度大小大于40 m/sBA、B两质点在t=4 s时第一次相遇CB质点在前4

2、 s做匀加速运动，后4 s做匀减速运动DA、B两质点出发以后还会相遇2次2、智能扫地机器人是智能家用电器的一种，能凭借一定的人工智能，自动在房间内完成地板清理工作，现今已慢慢普及，成为上班族或是现代家庭的常用家电用品如图为某款智能扫地机器人，其参数见下表，工作时将电池内部化学能转化为电能的效率为60%.下列说法中正确的是()A该扫地机器人的电池从完全没电到充满电所需时间约为8.3 hB该扫地机器人最多能储存的能量为4.32105 JC该扫地机器人充满电后能工作5 hD该扫地机器人充满电后能工作3 h3、钢球A、B从同一高塔下落，当A自塔顶自由下落2 m时，B自塔顶下方6 m处自由下落，两钢球同

3、时到达地面，不计空气阻力，重力加速度取10 m/s2，则塔高为（）A24 mB16 mC12 mD8 m4、研究发现，若某行星的自转角速度变为原来的2倍，则位于该行星赤道上的物体恰好对行星表面没有压力，已知该行星的自转周期为T，赤道半径为R，引力常量为G，则（）A环绕该行星做匀速圆周运动的卫星的最大线速度为B质量为m的物体对该行星赤道表面的压力为C该行星的质量为D该行星表面重力加速度为5、如图所示，木块A的右侧为光滑曲面，曲面下端极薄，其质量，原来静止在光滑的水平面上，质量的小球B以v=3m/s的速度从右向左做匀速直线运动中与木块A发生相互作用，则B球沿木块A的曲面向上运动中可上升的最大高度为

4、（设B球不能飞出去，g=10m/s2）（）A0.45m B0.25m C0.1m D0.15m6、如图所示，质量形状均相同的木块紧靠在一起，放在光滑的水平面上，现用水平恒力F推1号木块，使10个木块一起向右匀加速运动，则第7号对第8号木块的推力（ ）AF B0.8F C0.4F D0.3F二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图1所示，一个弹簧秤放在水平地面上（为与轻弹簧上端连在一起的秤盘），为一重物在空间建立一个固定的坐标轴， 为系统处于静止平衡状态时秤盘底部的位置

5、，小计空气阻力现使该系统振动起来，并且从某时刻开始计时后所形成的振动图象如图2所示下列说法正确的是（ ）A“”时刻，重物处于失重状态B，重物的动能增加、重物和弹簧秤组成的系统的弹性势能减小、重力势能增加C，重物和弹簧秤组成的系统的弹性势能增加、重力势能减小、机械能不变D，回复力做正功，其功率先增后减8、一个作匀加速直线运动的物体，先后经过A、B两点时的速度分别是v和7v，所用时间是t，则下列判断正确的是：A物体的加速度大小是B经过AB中点的速度是C经过AB中间时刻的速度是D前时间通过的位移比后时间通过的位移少9、如图所示，纸面内间距均为L的A、B、C三点位于平行于纸面的匀强电场中电荷量为q=1

6、.010-5C的负电荷由A点移动到C点克服电场力做功为，该电荷由C点移动到B点电场力做功为W2=2.010-5J若B点电势为零，以下说法正确的是AA点的电势为2VBA点的电势为-2VC匀强电场的方向为由C点指向A点D匀强电场的方向为垂直于AC指向B点10、某娱乐项目中，参与者抛出一小球去撞击触发器，从而进入下一关现在将这个娱乐项目进行简化，假设参与者从触发器的正下方以速率v竖直上抛一小球，小球恰好击中触发器若参与者仍在刚才的抛出点，沿A、B、C、D四个不同的光滑轨道分别以速率v抛出小球，如图所示则小球能够击中触发器的可能是 )ABCD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的

7、答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“探究弹性势能表达式”时，一位同学设计了如图1所示装置，以研究轻质弹簧的弹性势能与弹簧长度改变量的关系实验过程如下：在离地面高度为h的光滑水平桌面上，沿着与桌子边缘垂直的方向放置一轻质弹簧，其左端固定，右端与质量为m的一小钢球接触当弹簧处于自然长度时，小钢球恰好在桌子边缘让小钢球向左压缩弹簧一段距离后由静止释放，使钢球沿水平方向射出桌面，并落到水平地面上，钢球水平位移记为s (1)依据能的转化与守恒思想，小球平抛时具有的初动能_ （选填“大于”、“小于”或“等于”）小球释放前弹簧储存的弹性势能(2)若增大弹簧的压缩量，小球飞行的水平距离将变大，请你推导

8、出弹簧弹性势能Ep与小钢球质量m、桌面离地高度h、水平距离s、重力加速度g的关系式：_ (3)图2为一张印有小方格的纸，记录着实验中钢球的某次运动轨迹，图中a、b、c、d四点为小球平抛时经过的四个位置小方格的边长L=1.25cm则小球平抛初速度的计算式为v0= _ （用L、g表示）12（12分）图甲是“验证机械能守恒定律”的实验装置。图乙是某同学在实验过程中得到的一条纸带，相邻两个计数点间还有4个计时点没有标出。打点计时器所用电源的频率为50Hz，当地的重力加速度g为，请回答以下问题： 下列说法正确的是_ A打点计时器使用交流电源B释放纸带后应立刻接通电源C重物的密度应大一些D不需要测出重物的

9、质量根据图乙中的数据，可得打出计数点“B”时重物的速度=_。（结果保留3位有效数字）该同学换用了其它重物进行实验，得出了另外一条纸带（题中未画出）。测量出纸带中打出的第一点到各计数点的距离h,计算出打各计数点时重物的速度v，作出关系图象如图丙所示。试根据图线判断，此过程中重物的机械能 _(填 “守恒”或“不守恒”）。理由是：_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图为一传送带装置模型，斜面的倾角，底端经一长度可忽略的光滑圆弧与足够长的水平传送带相连接，质量m=1kg的物体从高h=30cm的斜面上由静止开始

10、下滑，它与斜面的动摩擦因数1=0.15，与水平传送带的动摩擦因数1=0.5，物体在传送带上运动一段时间以后，物体又回到了斜面上，如此反复多次后最终停在斜面底端已知传送带的速度恒为v=1.5m/s，tan=0.75，g取10m/s1求：（1）从物体开始下滑到第一次回到斜面的过程中，物体与传送带因摩擦产生的热量；（1）从物体开始下滑到最终停在斜面底端，物体在斜面上通过的总路程14（16分）如图所示，竖直平面内，斜面轨道 AB、水平轨道 BC 、圆弧管道 CDE 及水平轨道 EF 均平滑连接(E 点与 C 点前后错开）已知 A 点到 C 点的水平距离为 L=2m,管道半径 R=0.5m一个质量 m=

11、1Kg 的小球（其直径略小于管道内径）从 A 点由静止释放，沿 ABCDEF 运动，小球与轨道的 AB 部分和 BC 部分的动摩擦因素均为 0.4，其余部分粗糙情况未知小球到 C 点处的速度为 6m/s；在最高点 D 点时小球对管道的作用力为 8N，最后以 4m/s 的速度在 F 点水平飞出，F 点与落地点 G 的连线与水平面之间的夹角37（g 取 10m/s2）求：（1）斜面顶端 A 点到水平轨道的高度;（2）小球在管道最高点 D 点的速度（3）小球在落地点 G 点的速度15（12分）如图所示，底端切线水平且竖直放置的光滑圆弧轨道的半径为L，其轨道底端P距地面的高度及与右侧竖直墙的距离均为L

12、，Q为圆弧轨道上的一点，它与圆心O的连线OQ与竖直方向的夹角为60。现将一质量为m，可视为质点的小球从Q点由静止释放，g10 m/s2，不计空气阻力。试求：（1）小球在P点时受到的支持力大小；（2）在以后的运动过程中，小球第一次与墙壁的碰撞点离墙角B点的距离。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】前4s，质点A做匀加速运动，平均速度为vA=v2=802=40m/s。根据速度图线与时间轴围成的面积表示位移，知B质点前4s的位移大于A质点的位移，所以B质点前4s的平均速度大于A质点的平均速度，即B质点前4s的平

13、均速度大于40m/s。故A正确。A、B两质点在t=4 s时B的位移大于A的位移，两物体没能相遇，选项B错误；B质点最初4s做加速度减小的加速运动；后4s做加速度增加的减速运动，故C错误。根据速度图线与时间轴围成的面积表示位移，知A、B两质点出发以后至多相遇一次，相遇后A的速度比B的速度大，不可能再次，故D错误。故选A。点睛：v-t图象中，速度的正负表示速度的方向，图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，通过位移关系判断两物体是否相遇。2、B【解析】由表格内的数据可知，电池的容量是5000mAh，所带的电量为：q=500010-3A3600s=1.8104C，充电器输出电流为I充=

14、1000mA=1A，所以充电的时间为： ，故A错误；最多能储存的能量为：W=qU=1.810424J=4.32105J，故B正确；额定功率未40W，所以工作的时间： ，故CD错误。所以B正确，ACD错误。3、D【解析】设钢球A下落h12 m的时间为t1，塔高为h，钢球B的运动时间为t2，由h1gt12，得t1s，由h6 mgt22，又hg(t1t2)2，代入数据解得h8 m，D正确；故选D【点睛】解决本题的关键知道自由落体运动的运动规律，结合运动学公式灵活求解，基础题4、C【解析】A 7.9km/s是地球的第一宇宙速度，由于不知道该星球的质量以及半径与地球质量和半径的关系，故无法得到该星球的第

15、一宇宙速度与地球第一宇宙速度的关系，故无法确环绕该行星做匀速圆周运动的卫星的最大线速度为7.9km/s，故A错误；B 该行星自转角速度变为原来两倍，则周期将变为原来的，即 ，由题意可知此时该星球赤道上物体做匀速圆周运动，由重力充当向心力，则有解得行星地面物体的重力和支持力的合力提供向心力又：，解得由牛顿第三定律可知：质量为m的物体对行星赤道地面的压力为，故B错误，C正确；D 星球表面物体重力近似等于万有引力。即为解得：故D错误。故选C。5、D【解析】试题分析：小球在曲面体上滑动的过程中，小球和曲面体组成的系统，水平方向不受外力，水平方向动量守恒，系统的机械能也守恒，根据两个守恒列方程求解组成的

16、系统在水平方向动量守恒，以B的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得，由机械能守恒定律得，联立并代入数据得h=0.15m，D正确6、D【解析】先对整体研究，求出加速度，然后对后面3个木块整体运用牛顿第二定律列式求解。【详解】设每个木块的质量为m，对整体运用牛顿第二定律，有：a=F10m 对8-10个木块整体受力分析，受重力、支持力和7对8-10个木块整体的推力，根据牛顿第二定律，有：F78=3ma=3mF10m=0.3m。故应选：D。【点睛】本题关键是先用整体法求解出加速度，然后灵活地选择研究对象进行分析研究。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选

17、项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】A由于弹簧处于伸长状态，依据受力分析合力向下，加速度方向向下，重物处于失重状态故A正确；B 动能在减小，故B错误；C 的时间段内，重物和弹簧秤组成的系统，机械能守恒，弹性势能增加、重力势能减小，故C正确；D依据机械运动可知，故D正确故选ACD【点睛】重物和弹簧秤组成的系统，机械能守恒，下降过程弹性势能增加、重力势能减小。8、BCD【解析】根据 ，则物体经过ab中点位置的速度为，故A错误根据平均速度推论知，经过ab中间时刻的瞬时速度，故B正确前时间内的平均速度，后时间内的平均速度，根据 可知前时间通过的位

18、移比后时间通过的位移小，选项C错误；物体运动的加速度，故D正确故选BD点睛：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，即中间时刻的速度，中间位移的速度，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷9、BC【解析】根据试探电荷的电荷量和电场力做功，根据公式，分别求出A与C间、C与B间电势差，结合B点电势为零，再确定A、B两点的电势找到等势线，根据电场线和等势面的关系分析场强的方向【详解】对于C、B间电势差为：，若B点电势为零，UCB=C-B，则C点电势C=2V而A与C间的电势差为：，因UAC=A-C，则A点电势A=-2V，故A错误，B正确；因C=2V，A=-2V，可知，AC连线的中点

19、M电势为0，M与B点的连线即为等势线，且电场线垂直于等势线，三角形ABC为等边三角形，BMAC，根据沿着电场线方向，电势降低，则有匀强电场的方向由C到A，故C正确，D错误所以BC正确，AD错误【点睛】本题主要考查对电势差公式的应用能力，各量均需代入符号注意电势有正负，而电压没有正负可言10、CD【解析】竖直上抛时小球恰好击中触发器，则到达最高点的速度为零；A沿图A中轨道以速率v抛出小球，小球沿光滑圆弧内表面做圆周运动，到达最高点的速率应大于或等于，所以不能到达圆弧最高点，即不能击中触发器，选项A错误B沿图B中轨道以速率v抛出小球，小球沿光滑斜面上滑一段后做斜抛运动，最高点具有水平方向的速度，所

20、以也不能到达触发器的高度，即不能击中触发器，选项B错误CD图C及图D中小球在轨道最高点速度均可以为零，由机械能守恒定律可知小球能够击中触发器，选项CD正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、等于 【解析】（1）根据机械能守恒定律可明确动能和弹性势能的关系；（2）根据高度求出平抛运动的时间，结合水平位移和时间求出小钢球飞出桌面的速度根据能量守恒求出弹簧弹性势能与小钢球质量m、桌面离地高度h、水平距离s、重力加速度g的关系式；（3）根据竖直方向的位移，结合y=gT2求解时间T，然后根据水平位移求解水平速度.【详解】（1）由机械能守恒定律可知

21、，小球飞出时的动能由弹簧的弹性势能转化而来，二者应相等；（2） 根据平抛运动可知 根据能量守恒得，（3）设相邻两点间的时间间隔为T，竖直方向：3L-L=gT2，得到 水平方向： 12、 ACD 1.93 不守恒 根据图象可算出重物下落的加速度，明显小于当地的重力加速度，所以下落过程机械能不守恒【解析】（1）打点计时器使用交流电源，故A正确；为充分利用纸带，实验时应先接通电源再释放纸带，故B错误；为减小空气阻力对实验的影响，重物的密度应大一些而体积小些，故C正确；如果机械能守恒，则有，物体质量m可以约去，实验需要验证是，故实验不需要测出重物的质量，故D正确；故选ACD（2）相邻两个计数点间还有4个计时点没有标出打点计时器所用电源的频率为50Hz，则计数点间的时间间隔： ，根据在匀变速直线运动中中间时刻的速度等于该过程中的平均速度有：打出计数点“B”时重物的速度；（3）由机械能守恒定律得： ，则有，故图象的斜率： ，解得： ，即求出的重力加速度明显小于当地的重力加速度，所以下落过程机械能不守恒.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)10J；(1)1.5m.【解析】本题考查牛顿第二定律、运动学公式以及功能关系。(1)对物体从静止开始到达底端的过程运用动能定理得： 代入数