2022-2023学年甘肃省天水市秦安县第二中学物理高三第一学期期中教学质量检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、物体做匀变速直线运动，已知第2s内的位移为6m，第3s内的位移为4m，则下列说法正确

2、的是( )A物体的初速度为9m/sB物体的加速度为3m/s2C物体在第4秒内的位移为0D物体在前2s内的位移为8m2、如图所示，有8个完全相同的长方体木板叠放在一起，每个木板的质量均为100 g，某人用双手在这叠木板的两侧各加一水平压力F，使木板静止。若手与木板之间的动摩擦因数为0.5，木板与木板之间的动摩擦因数为0.2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g10 m/s2，则水平压力F至少为( )A8 NB15 NC16 ND30 N3、测得某短跑运动员在100m跑步比赛中5s末的速度为10.4m/s，10s末到达终点的速度是10.2m/s此运动员在这100m中的平均速度为（ ）ABCD4、201

3、8年1月11日，福建省高校首支女子手球队在莆田学院成立女子手球比赛采用的是质量m=0.4kg的2号球，若2号手球竖直向下以5 m/s的速度落至水平地面，再以3 m/s的速度反向弹回取竖直向上为正方向，在小球与地面接触的时间内，关于球的动量的变化量和合外力对小球做的功W，下列结果正确的是AW=-6.8J， =0.8 kg. m/sBW=-3.2J， =0.8kg. m/sCW=-6.8J， =3.2 kg. m/sDW=-3.2J，=3.2 kg. m/s5、横截面为直角三角形的两个相同斜面如图所示紧靠在一起，固定在水平面上，它们的倾角都是30，小球从左边斜面的顶点以不同的初速度向右平抛，最后落

4、在斜面上其中三个小球的落点分别是a、b、c，已知落点a最低，落点c最高。图中三小球比较，下列判断正确的是A落在a点的小球的初速度最大B落在a点的小球飞行过程中速度的变化量最大C改变小球抛出时初速度大小，落在左边斜面时小球的 瞬时速度方向不变D改变小球抛出时初速度大小，落在右边斜面时小球的瞬时速度方向可能与斜面垂直6、如图所示，两相同的小球M、N用等长的绝缘细线悬挂在竖直绝缘墙壁上的O点，悬点到小球中心的距离均为L，给小球N带上电，电荷量大小为q，小球M上电荷量未知且保持不变由于库仑斥力作用，初次平衡时两小球间的距离为d1，由于某种原因，小球N缓慢漏电，当两小球间的距离为d2时，小球N的电荷量为

5、ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷+Q，在x轴上C点有点电荷-Q，且CO=OD，。下列判断正确的是AD点电场强度为零BO点电场强度为零C若将点电荷+q从O移向C，电势能增大D若将点电荷-q从O移向C，电势能增大8、一定量的理想气体从状态M可以经历过程1或者过程2到达状态N，其pV图象如图所示。在过程1中，气体始终与外界无热量交换；在过程2中，气体先经历等容变化再经历等压变化，对于这两个过程，下列说法正

6、确的是（ ）A气体经历过程1，其温度降低B气体经历过程1，其内能减小C气体在过程2中一直对外放热D气体在过程2中一直对外做功E.气体经历过程1的内能改变量与经历过程2的相同9、如图（a），物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力传感器相连，细绳水平t=0时，木板开始受到水平外力F的作用，在t=4s时撤去外力细绳对物块的拉力f随时间t变化的关系如图（b）所示，木板的速度v与时间t的关系如图（c）所示木板与实验台之间的摩擦可以忽略重力加速度取g=10m/s1由题给数据可以得出A木板的质量为1kgB1s4s内，力F的大小为0.4NC01s内，力F的大小保持不变D物块与木板

7、之间的动摩擦因数为0.110、下列说法正确的是（ ）A某种液体的饱和蒸气与温度有关B不是所有晶体都具有各向异性的特点C第二类永动机不能制成是因为它违反了能量守恒定律D当分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力均减小，但斥力减小得更快，所以分子间的作用力表现为引力E.一定质量的理想气体，放热的同时外界对其做功，其内能可能减少三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为了研究物体的动能与物体的质量有怎样的关系，某实验小组设计了这样一个实验： 装置如图所示，将质量不同的小球从光滑斜面上同一高度处由静止释放，小球到达水平面时，立即遇到一系列条形布

8、帘阻挡，经过一定的位移x后停下。因为布帘对小球的阻力恒定，所以每次小球克服阻力所作的功都与x成正比，他们记录了每次实验小球的质量m和小球的位移x，如下表所示：m（kg）0.100.200.300.400.50 x（m）0.080.160.230.320.41请回答下列问题：(1)实验中，每次小球释放的高度总是相同的，这样做的目的是_；(2)在图中两出x-m图像_；(3)根据图像可以得出x与m的数学表达式为：_，你认为决定图像的斜率大小的因素可能是_。12（12分）（1）在做“用单摆测定重力加速度”的实验中，某同学甲用毫米刻度尺测得摆线；用游标卡尺测得摆球的直径如图所示，则摆球直径d=_mm用秒

9、表测得单摆完成n=40次全振动的时间如图所示，则秒表的示数t=_s；若用给出的各物理量符号（、d、n、t）表示当地的重力加速度，则计算的表达式为_（2）实验中同学甲发现测得的值偏小，可能的原因是（_）A测摆线长时摆线拉得过紧B摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了C开始计时时，秒表过迟按下D实验中误将39次全振动计为40次（3）为了提高实验精度，某同学乙在实验中通过改变几次摆长L，并测出相应的周期T，从而得到一组对应的L与T的数据，再以L为横坐标、为纵坐标，建立坐标系，将所得数据进行连线，实验测得的数据如下表所示：请将表中第三次测量数据标在右图中，并在右图中作出随L变化的关

10、系图象_根据图象，可知当地的重力加速度为_（保留3位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）高速公路上甲、乙两车在同一车道上同向行驶，甲车在前，乙车在后，速度均为v0=40 m/s，距离x0=90 mt=0时刻甲车遇紧急情况后，甲、乙两车的加速度随时间变化的情况如图所示，取运动方向为正方向两车在012 s内会不会相撞？14（16分）如图所示为车站使用的水平传送带装置的示意图.绷紧的传送带始终保持3ms的恒定速率运行，传送带的水平部分AB距水平地面的高度为h=0.45m.现有一行李包(可视为质点)由A端

11、被传送到B端，且传送到B端时没有被及时取下，行李包从B端水平抛出，不计空气阻力，g取l0ms2 （1）若行李包从B端水平抛出的初速v3ms，求它在空中运动的时间和飞出的水平距离；（2）若行李包以v01ms的初速从A端向右滑行，包与传送带间的动摩擦因数0.2，要使它从B端飞出的水平距离等于(1)中所求的水平距离，求传送带的长度L应满足的条件.15（12分）如图所示，半径为R1611 m的光滑的圆弧形凹槽固定放置在光滑的水平面上，凹槽的圆弧面与水平面在B点相切，另一条半径OC与竖直方向夹角为37，C点是圆弧形凹槽的最高点，两个大小相同的小球P、Q质量分别为m12 kg和m21 kg，Q静止于B点，

12、P放置于水平面上A点给P施加一个F60 N的水平向右的瞬间作用力后P匀速运动，在B点与Q发生对心正碰，碰撞过程没有能量损失，碰后Q恰好能沿弧形凹槽经过最高点C，g取10 m/s2，sin 370.6，cos37=0.8求： (1)P碰前的速度大小v1和碰后的速度大小v2；(2)力F的作用时间t.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】AB、根据相邻相等时间内的位移差恒定 得： ，负号表示物体做匀减速运动， 又由于，所以物体在第1s内的位移为8m，由位移公式： 得： ，故A正确，B错误；C、由公式，可知，在第4

13、秒内的位移为，故C错误；D、物体在前2s内的位移为 ，故D错误；综上所述本题答案是：A2、B【解析】先将所有的书当作整体，受力分析，竖直方向受重力、静摩擦力，二力平衡，有21F8mg再考虑除最外侧两本书受力分析，竖直方向受重力、静摩擦力，二力平衡，有22F6mg解得：F15NA. 8 N与分析不符，故A错误。B. 15 N与分析相符，故B正确。C. 16 N与分析不符，故C错误。D. 30 N与分析不符，故D错误。3、D【解析】运动员在这100m中的平均速度为。A，与结论不相符，选项A错误；B，与结论不相符，选项B错误；C，与结论不相符，选项C错误；D，与结论相符，选项D正确；故选D.4、D【

14、解析】取竖直向上方向为正方向，则小球与地面碰撞过程中动量的变化为：方向竖直向上；根据合外力的功等于动能的变化量则有：A与分析不符，故A错误；B与分析不符，故B错误；C与分析不符，故C错误；D与分析相符，故D正确。5、BC【解析】三个小球做的都是平抛运动，从图中可以发现落在c点的小球下落的高度最小，水平位移最大，由h=gt2，可知， ，所以落在c点的小球飞行时间最短，由x=v0t知：落在c点的小球的初速度最大，故A错误；小球做的是平抛运动，加速度都是g，速度的变化量为v=at=gt，所以运动的时间长的小球速度变化量的大，所以a球的速度变化量最大，故B正确；设左侧斜面的倾角为，小球落在左边斜面上时

15、，有，得 设落在左边斜面时小球的瞬时速度方向与水平方向的夹角为则 tan=，所以是一定的，故落在左边斜面时小球的瞬时速度方向不变，故C正确；对于落在右边斜面上的小球，竖直速度是gt，水平速度是v，若要合速度垂直斜面，把两个速度合成，则=tan300，即v=gt，那么在经过t时间，竖直位移为y=gt2，水平位移为x=vt=（gt）t=gt2 即水平位移和竖直位移需要满足，而事实上由图形可知，落在右面斜面的小球的水平位移与竖直位移之比，所以落到两个斜面上的瞬时速度都不可能与斜面垂直，故D错误故选BC.点睛：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决定，初

16、速度和时间共同决定水平位移也可以利用“中点”分析得出落到两个斜面上的瞬时速度都不可能与斜面垂直6、B【解析】如图所示，对小球M受力分析可知M所受的重力，绳的拉力和库仑力F构成的力的三角形与OMN长度三角形一直相似，所以当初次平衡时两小球间的距离为d1时有：当两小球间的距离为d2时有;而根据库仑定律，两种状态下库仑力分别有：联立解得：，故选B二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A。题中A、B、C三点电荷在D点产生的场强如图所示，大小相等，则有、的矢量和沿轴正

17、方向，大小也等于，方向沿轴负方向，故三个场强的矢量和为0，故A正确；B题中A、B两个+Q在O点的场强矢量和为0，所以O点的场强等于C点在O点产生的场强不为零，故A错误；CD轴上的区间，合场强方向沿轴负方向，所以将正电荷从O移向C，电场力做正功，电势能减小，将负电荷从O移向C，电场力做负功，电势能增加，故C错误，D正确；故选AD。8、ABE【解析】AB.气体经历过程1，压强减小，体积变大，气体膨胀对外做功，又气体与外界无热量交换，根据热力学第一定律知，其内能减小，故温度降低，故AB正确；CD.气体在过程2中，根据理想气体状态方程，开始时，体积不变，对外不做功，压强减小，温度降低，根据热力学第一定

18、律知，气体对外放热；然后压强不变，体积变大，气体膨胀对外做功，温度升高，内能增大，根据热力学第一定律知，气体要吸收热量，故CD错误；E.无论是气体经历过程1还是过程2，初、末状态相同，故内能改变量相同，故E正确。故选ABE.9、AB【解析】结合两图像可判断出0-1s物块和木板还未发生相对滑动，它们之间的摩擦力为静摩擦力，此过程力F等于f，故F在此过程中是变力，即C错误；1-5s内木板与物块发生相对滑动，摩擦力转变为滑动摩擦力，由牛顿运动定律，对1-4s和4-5s列运动学方程，可解出质量m为1kg，1-4s内的力F为0.4N，故A、B正确；由于不知道物块的质量，所以无法计算它们之间的动摩擦因数,

19、故D错误.10、ABE【解析】在密闭条件中，在一定温度下，与固体或液体处于相平衡的蒸汽所具有的压力称为饱和蒸汽压同一物质在不同温度下有不同的饱和蒸气压，并随着温度的升高而增大单晶体具有各向异性，多晶体具有各向同性；第二类永动机不能制成是因为它违反了热力学第二定律；分子间的作用力表现为斥力或引力与分子之间的距离有关；根据热力学第一定律，一定质量的理想气体，放热的同时外界对其做功，其内能可能增大，有可能不变，可能减少【详解】A同一物质在不同温度下有不同的饱和蒸气压，并随着温度的升高而增大，故A正确；B不是所有晶体都具有各向异性的特点，例如多晶体各向同性，故B正确；C第二类永动机没有违反能量守恒定律

20、，但违反了热力学第二定律，故C错误；D当分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力均减小，但斥力减小得更快；但当分子之间的距离小于r0时表现为斥力，在分子之间的距离大于r0时，分子间的作用力表现为引力，故D错误；E根据热力学第一定律，一定质量的理想气体，放热（Q0）的同时外界对其做功（W0），其内能改变：E=Q+W可能减少，可能增大，有可能不变，故E正确。故选ABE三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、保证小球到达水平时的速度相同. 见解析. x=0.8m； 布帘的粗糙或蔬密程度等. 【解析】（1）1实验中，每次小球释放的高度总是相同的，这样

21、做的目的是为了保证小球到达水平时的速度相同；（2）2通过描点，用光滑的直线可得：（3）3由图象可知，斜率故表达式：x=0.8m4决定图象的斜率大小的因素可能是布帘的粗糙或蔬密程度等.12、19.55 108.4 B 【解析】（1）1游标尺主尺：19mm；游标尺对齐格数：个格，读数为：，则直径为：；2秒表读数：大盘读数60s，小盘读数48.4s，故时间为108.4s；3根据得：（2）A测摆线长时摆线拉得过紧，使得摆长的测量值偏大，则测得的重力加速度偏大A错误；B摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使实际摆线长度增加了，故相对与原来的摆长，周期测量值偏大，故加速度测量值偏小，B正确；C实验中开始计时，秒表过迟按下，则测得周期偏小，所以测得的重力加速度偏大，C错误；D试验中误将39次全振动数为40次，周期测量