2021届全国百所名校新高考模拟试卷(一)物理试题

1、2021届全国百所名校新高考模拟试卷（一）物理试j祝考试顺利注意事项：1、考试范围：高考范围。2、试题卷启封下发后，如果试题卷有缺页、漏印、重印、损坏或者个别字句印刷模糊不清等情况，应 当立马报告监考老师，否则一切后果自负。3、答题卡启封下发后，如果发现答题卡上出现字迹模糊、行列歪斜或缺印等现象，应当马上报告监考 老师，否则一切后果自负。4、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置, 并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。5、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂

2、黑。写在试题 卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。6、填空题和解答题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答 题卡上的非答题区域的答案一律无效。如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔 和涂改液。不按以上要求作答无效。7、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。答案用0.5毫米黑色 签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律 无效。8、保持答题卡卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。9、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一

3、并依序排列上交。一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。1.2020年初，在抗击2019-nCoV,红外线体温计发挥了重要作用。下列关于红外线的说法中正确的是（）A.红外线的波长比红光短B.利用红外线的热效应可以加热物体C.红外遥感是利用红外线的穿透能力强D.高温物体辐射红外线，低温物体不辐射红外线【答案】B【解析】【详解】A.红外线的波长比红光的波长更长，故A错误；B.红外线是一种看不见的光，通过红外线的照射，可以使物体的温度升高，故B正确：C.人们利用红外线来实行遥控和遥感，是因为红外线波长长，更容易发生衍射.故C错误；D.

4、 一切物体都向外辐射红外线，故D错误。故选B。2.关于一定质量的理想气体，下列说法正确的是（）A.气体的体积是所有气体分子的体积之和B.气体的压强是由气体分子重力产生的C.气体压强不变时，气体的分子平均动能可能变大D.气体膨张时，气体的内能一定减小【答案】C【解析】【详解】A.气体的体积是气体分子所能充满的整个空间，不是所有气体分子的体积之和，故A错误：B.大量做无规则热运动的分子对器壁频繁、持续地碰撞产生了气体的压强，与气体重力无关，故B错误：C.气体压强不变时，体积增大，气体温度升高，则分子的平均动能增大，故C正确：D.气体膨胀时，气体对外做功，由热力学第一定律U=W + Q可知，气体对外

5、做功同时可能吸收更多的 热量，内能可以增加，故D错误。故选C。3.短跑运动员在训练中从起跑开始的一段时间内可看成先做匀加速直线运动再做匀速直线运动。已知总位移 为匀速阶段的速度为人时间为f,则匀加速阶段的时间为（）2sC.1v2s c D.Its2iA.B.一vv【答案】D【解析】A'. = Vt【详解】匀速阶段的位移为在匀加速直线运动过程，根据平均速度公式可得根据题意则有2sf, =2tv解得匀加速阶段的时间故A、B、C错误，D正确。故选D。4/、。两种不同波长的光，以相同的入射角从玻璃射向空气，P光发生全反射，0光射入空气，则（）A.玻璃对P光的折射率小于对。光的折射率B.玻璃中尸

6、光的波长大于0光的波长C.玻璃中尸光的速度大于。光的速度D.尸光的光子能量大于。光的光子能量【答案】D【解析】【详解】A.根据临界角公式sinC = L,。光束的折射率小，尸光束的折射率大，故A错误： nB.在玻璃球体中，光的波长-= £ = 4/布 %是光在真空中的波长，。光的折射率大，频率大，在真空中的波长短，由丸=久知在玻璃球体中，月光 n的波长小于。光的波长，故B错误；c根据 = £可知玻璃中。光的速度小于。光的速度，故c错误： nD.。光的折射率大，频率大，根据石=/w可知夕光的光子能量大，所以尸光的光子能量大于0光的光子能量，故D正确。故D正确。5.狞猫弹跳力惊

7、人，栖息在干燥的旷野和沙漠，善于捕捉鸟类。一只狞猫以某一初速度斜向上与水平地面成8角跳离地面，落地前其最大高度为从最大水平位移为右不考虑空气阻力。下列说法正确的是（）A.保持起跳速度大小不变，增大8角，狞猫在空中的运动时间不变B.保持起跳速度大小不变，增大8角，狞猫在空中的最大高度力增大C.保持起跳角度8不变，增大起跳速度，x与的比值减小D.保持起跳角度8不变，增大起跳速度，x与的比值增大【答案】B【解析】【详解】A.狞猫做斜抛运动，在竖直方向则有匕.=v0sin9 =幼狞猫在空中的运动时间g保持起跳速度大小不变，增大8角，狞猫在空中的运动时间增大，故A错误:B.狞猫在空中的最大高度1 , v

8、(jsin2O 力=5口=2g保持起跳速度大小不变，增大8角，狞猫在空中的最大高度增大，故B正确;CD .狞猫最大水平位移2vcos6sin6 匕;sin20x = vt = g s最大水平位移与最大高度的比值为x_ 4h tan0保持起跳角度8不变，增大起跳速度，与的比值不变，故C、D错误。故选B。6如图所示为等边三角形ABC,在A、B两点放等量异种点电荷，已知A、8连线中点处的电场强度和电势分别为从。，则C点的场强和电势分别为（B. E. (p4C.D.149【答案】A【解析】【详解】设等边三角形的边长为L, A、 3两点的电荷量大小为。，4、 3连线中点处的电场强度为8kQIT。点的电场

9、强度为=2-cos60° = ；E等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线，则有<Pc=<P故A正确，B、C、D错误故选A。7如图所示为剪式千斤顶的截面图0四根等长的支持臂用光滑较链连接，转动手柄，通过水平螺纹轴减小MN间的距离，以抬高重物。保持重物不变，MP和尸N夹角为120°时N点受到螺纹轴的作用力为R； MP 和PN夹角为60°时N点受到螺纹轴的作用力为后。不计支持臂和螺纹轴的重力，则人与R大小之比为【答案】D【解析】【详解】当两臂间的夹角为120。时，两臂受到的压力为N、=- = G1 2cos60°对N点分析，N点受到螺纹轴的作用力为

10、"=2Ncos3（r = 75G当两臂间的夹角为60。时，两臂受到的压力为愀=3 = 4-2cos3003对N点分析，N点受到螺纹轴的作用力为E =2/V,cos600 = G-3则有丘= 3:1故A、B、C错误，D正确；故选D。8.采用一稳压交流电源给如图所示电路供电，R、&、&是三个完全相同的定值电阻，理想变压器的匝数比为2： 1,开关断开时电路消耗的总功率为P,则开关闭合时电路消耗的总功率为（）9PD.55PC.3【答案】C【解析】【详解】设三个完全相同的定值电阻的阻值为R,电压电压为U,开关断开时，根据等效电路可得电路的 总的电阻为电路消耗的总功率为n U&#

11、39; U1P =R 5R口开关闭合时，根据等效电路可得电路的总的电阻为鼠=/? +（%咚=3Rn2 2电路消耗的总功率为P，上上占R： 3R 3故A、B、D错误，C正确：故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多 项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分。9.2019年11月我国首颗亚米级高分辨率光学传输型立体测绘卫星高分七号成功发射，七号在距地约600km 的圆轨道运行，先期发射的高分四号在距地约36000km的地球同步轨道运行，关于两颗卫星下列说法正确 的是（）A.高分七号比高分四号运行速率大B高分七号比高分四号

12、运行周期大C.高分七号比高分四号向心加速度小D.相同时间内高分七号与地心连线扫过面积比高分四号小【答案】AD【解析】【详解】A.万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得GMmV2 = m 厂r可得运行轨道半径越大，运行的速度越小，高分七号比高分四号向心速率大，故A正确:B.万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得Mm4 /厂解得运行轨道半径越大，运行的周期越大，所以高分七号比高分四号运行周期小，故B错误；C.万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得c MmG = ma 厂解得GM0 =厂运行轨道半径越大，运行的加速度越小，所以高分七号比高分四号向心加速度大，故C错误；D.卫星与地心连线扫过的面积为S =

13、rO = -= yGMr222相同时间内，运行轨道半径越大，与地心连线扫过的面积越大，相同时间内高分七号与地心连线扫过的面积比高分四号小，故D正确：故选AD。10.一列沿x轴正向传播的简谐横波，仁。时刻的波形如图所示，波速大小为u=0.6m/s,此时波刚好传到0.24m的位置，尸为0.60m处的质点。下列说法中正确的是（）WcmA.经过0.6s传播到尸点B.刚传播到P点时尸点由平衡位置向上振动C.从/=0时刻到刚传播到P点过程中。点的路程为30cmD. 0.18m处的质点的振动方程为y=5sin（5兀t + ： ）cm2【答案】AC【解析】【详解】A.简谐横波传播到。点的时间为0.6-0.24

14、s = 0.6s0.6故A正确:B.根据同侧法可知，=0时刻0.24m的位置的质点由平衡位置向下振动，波源开始振动的方向是向下,所以刚传播到P点时。点由平衡位置向下振动，故B错误;C.由图可知波长为A = 0.24m简谐横波的周期为T = - = 0.4sv所以有3t = 0.6s = T2从1 =0时刻到刚传播到P点过程中。点的路程为3S = x 44 = 30cm2故C正确;D.由图可知振幅为A = 5cm角速度为co = = 57rmd/sT，=0时刻0.18m处的质点的位移为-5cm,所以0.18m处的质点的振动方程为 y = 5sin（5 加-）cm故D错误：故选ACo11.如图所示

15、，铜圆盘安装在竖直的铜轴上，圆盘处于方向竖直向上的匀强磁场中。电路通过电刷与圆盘的 边缘和铜轴接触良好，电源电动势为£内阻为人定值电阻为先将开关闭合，待圆盘转速稳定后再断 开开关，不计一切摩擦，下列说法中正确的是（）A.闭合开关时，从上往下看圆盘逆时针转动B.闭合开关转速稳定时，流过圆盘的电流为零C.断开开关时，"点电势低于点电势D.断开开关后，流过电阻R上的电流方向与原电流方向相反【答案】BC【解析】【详解】A.闭合开关时，铜圆盘中有电流经过，圆盘中电流方向沿半径向外，根据左手定则可知，从上往 下看圆盘顺时针转动，故A错误；B.闭合开关转速稳定时，圆盘不受安培力作用，根据

16、F = 8亿可知流过圆盘的电流为零，故B正确：C.断开开关时，从上往下看，圆盘顺时针转动，圆盘的半径切割磁感线产生感应电动势，由右手定则知， 圆盘中电流方向沿半径向里，所以。点电势低于。点电势，故C正确：D.闭合开关时，流过电阻R上的电流方向从力点经电阻R到。点；断开开关时，。点电势低于点电势， 流过电阻R上的电流方向从。点经电阻R到。点，所以断开开关后，流过电阻R上的电流方向与原电流方 向相同，故D错误： 故选BCO12.如图所示，三根长均为L的轻杆组成支架，支架可绕光滑的中心转轴。在竖直平面内转动，轻杆间夹角 均为120。，轻杆末端分别固定质量为，、和3,的、p、g三个小球，球位于。的正下

17、方，将支架从 图示位置由静止开始释放，下列说法中正确的是（A.B.g达到最低点时，的速度大小为J正C.4到达最低点时，轻杆对g的作用力为7从释放到4到达最低点的过程中，夕的重力势能减少了 一皿2D.从释放到q到达最低点 过程中，轻杆对4做的功为-3庭 【答案】BD 【解析】 【详解】A.从释放到9到达最低点的过程中，令的重力势能减少了9AEP = 3?g(L + Lsin30°) = - ingL2故A错误:b. 、q三个小球和轻杆支架组成的系统机械能守恒，、q三个小球的速度大小相等，从释放 到q到达最低点的过程中，根据机械能守恒则有3?g(L + Lsin300) - 吆(L +

18、Lsin300) = ；(? + 2m + 3m)v2解得故B正确;c.1到达最低点时，根据牛顿第二定律可得l 3"”&_3?g = -y解得Fn = 6mg故C错误；D.从释放到夕到达最低点的过程中，根据动能定理可得IV + 3mg(L + Lsin30°) = -.3/nv22解得轻杆对q做的功为W = -3mgL故D正确：故选BDo三、非选择题：本题共6小题，共60分。13.某学习小组将一个直流电源和一个很大的定值电阻(约几十千欧)串联组成了一个新电源，如图甲所示。当该电源两端接的电阻较小时(小于300欧姆)，该电源能稳定输出约30PA的恒定电流。该学习小组利

19、用新 电源设计了如图乙所示的电路测量一个量程为30MA、内阻约为几百欧姆的灵敏电流计的内阻。主要实验步 骤如下:(1)只闭合图乙中的开关K,灵敏电流计指针如图丙中实线所示，该示数为 FiAo(2)再闭合图乙中的开关S,调行变阻箱R,使灵敏电流出的指针指到图丙中虚线位置，此时变阻箱的示数 为330欧姆。根据以上数据计算可知，灵敏电流计的内阻为一欧姆，此测量值一(填“大于”、“小于”、”等 于")真实值。【答案】 (1). 25.0(2). 220.小于【解析】【详解】(1也灵敏电流计的分度值为1mA,灵敏电流计指针如图丙中实线所示，该示数为25.0mA：(2)2灵敏电流计的指针指到图丙

20、中虚线位置，该示数为15.0mA：根据并联分流可得流过调行变阻箱用的 电流为乙=/-r = 10mA根据电流结构和欧姆定律则有解得灵敏电流计的内阻为& = 220Q网闭合图乙中的开关S,总电阻减小，电路中的总电流增大，流过调行变阻箱"的电流大于10mA,根据 电流结构和欧姆定律可知此测量值偏小，所以测量值小于真实值。14.某实验小组用如图甲所示的实验装置进行“测量重力加速度”并“验证机械能守恒定律”两个实验。该小组 把轻质细绳的一端与一个小球相连，另一端系在力传感器的挂钩上，整个装置位于竖直面内，将摆球拉离 竖直方向一定角度，由静止释放，与传感器相连的计算机记录细绳的拉力尸随

21、时间，变化的图线。(1)首先测量重力加速度。将摆球拉离竖直方向的角度小于5。，让小球做单摆运动，拉力E随时间/变化的 图线如图乙所示。FfHj -Illi iTo ii3 iio itSS3甲16乙图可知该单摆的周期T约为 s（保留两位有效数字）。该小组测得该单摆的摆长为L,则重力加速度的表达式为（用测量或者已知的物理量表示）。然后验证机械能守恒定律。将摆球拉离竖直方向较大角度后由静止释放，拉力尸随时间，变化的图线如要验证机械能守恒，还需要测量的物理量是o若图中A点的拉力用人表示，8点的拉力用人表示，则小球从A到5的过程中，验证机械能守恒的表达式为（填表达式前的字母序号）。A. (F2-mg)

22、 = mg-FlB g(mg_FJ = Fmgc F2-mg=mg-Fl4兀L【答案】.0.75(0.70或者0.73也对)(2). g=-(3).质量 (4). A【解析】【详解】1小球做单摆运动，经过最低点拉力最大，由图乙可知11.0s到14.0s内有4个全振动，该单摆的周期14.0-11.04s = 0.75s根据单摆周期公式7 =可得重力加速度4/LT2（2）网图中A点对应速度为零的位置，即最高位置，根据受力分析可得Fi = mgcosQ图中B点对应速度最大的位置，即最低点位置，根据牛顿第二定律可得linv5_7摩=小球从A到3的过程中，重力势能减小量为AEP = mg（L- Lcos

23、Q）动能的增加量为要验证机械能守恒，需满足解得L（F2-mg） = mg-Fi所以还需要测量物理量是小球的质量 用验证机械能守恒的表达式为故A正确，B、C错误;故选A。15.为防治2019-nCoV,社区等公共场所加强了消毒措施，如图所示为喷洒消毒液的某喷雾器示意图。储液桶与打气筒用软细管相连，己知储液桶容积为匕（不计储液桶两端连接管体积），初始时桶内消毒液上方气 体压强为2o,体积为J %,打开阀门K喷洒消毒液，一段时间后关闭阀门停止喷洒，此时气体压强降为 35。喷洒过程中桶内气体温度与外界温度相同且保持不变，P。为外界大气压强。求:（1）停止喷洒时剩余的药液体积：为使桶内气体压强恢复为2P

24、o ,需打入压强为p0的气体体枳（不考虑打气过程中温度变化）。【答案】|v0；乂【解析】【详解】(1)对桶内消毒液上方气体，喷洒时温度不变，根据玻意耳定律可得132。5匕=5。匕解得停止喷洒时剩余的药液体积f -)(2)对原气体和需打入气体为对象，根据玻意耳定律可得2Po 5匕 + 。匕=2o -匕解得匕=兴16.微棱镜增亮膜能有效提升LCD(液晶显示屏)亮度。如图甲所示为其工作原理截而图，从而光源发出的光 线通过棱镜膜后，部分会定向出射到LCD上，部分会经过全反射返回到光源进行再利用。如图乙所示，等 腰直角AA3C为一微棱镜的横截而，NA=90。，AB=AC=4a,紧贴BC边上的尸点放一点光

25、源，BP= -BC.4已知微棱镜材料的折射率 =2,4】37。=06,只研究从尸点发出照射到A8边上的光线。3某一光线从A8边出射时，方向恰好垂直于5c边，求该光线在微棱镜内的入射角的正弦值；(2)某一部分光线可以依次在A3、AC两界而均发生全反射，再返回到边，求该部分光线在A8边上的照 射区域长度。 * LCD【答案】(1)WZ； (2)44 1012【解析】【详解】（1）由题意知，出射角r = 45°由折射定律得sinin =sinr解得.sinr 3、/?sini =n 10根据sinC = L可得临界角为C = arcsin = 37°当光线刚好在A8边上M点发生全

26、反射时，如粗实线光路所示在A8边刚好全反射时，入射角a = 37。由几何关系知，反射到AC边的入射角a=53。>。能够发生全反射过户点做A3的垂线与。点，由几何关系知PQ = a3QM = «>tan37° = a4当光线刚好在AC边上发生全反射时，如图细实线光路所示在AC边刚好全反射时，在A3边的入射角由几何关系知，在A8边的入射角/? = 53°>C能够发生全反射，反射点为N在A/WQ中由几何关系知综上所述，符合要求的区域4 QN = 67tan53° = aMN=-a-a347a1217.如图所示，相距L=5m的粗糙水平直轨道两端

27、分别固定两个竖直挡板，距左侧挡板L'=2m的。点处静止 放置两个紧挨着的小滑块A、B,滑块之间装有少量炸药。炸药爆炸时，能将两滑块分开并保持在直轨道上 沿水平方向运动。滑块A、B的质量均为=lkg,与轨道间的动摩擦因数均为=0.2。不计滑块与滑块、滑 块与挡板间发生碰撞时的机械能损失，滑块可看作质点，重力加速度力取10m/s2.(1)炸药爆炸瞬间，若有。尸10J的能量转化成了两滑块的机械能，求滑块A最终离开出发点的距离； 若两滑块A、B初始状态并不是静止的，当它们共同以)=lm/s的速度向右经过。点时炸药爆炸，要使 两滑块分开后能再次相遇，则爆炸中转化成机械能的最小值Q是多少？矶【答案

28、】(1) 1.5m； (2) 19J【解析】【详解】(1)爆炸过程中，动量守恒，则有0 = /7/vA - nzvB根据能量守恒可得解得爆炸后二者减速运动，根据牛顿第二定律可得加速度均为a = g=2m/s2爆炸后二者减速运动的位移Sa=2.5m由于臬=2.5m>，A会碰到挡板后原速率返回，在继续减速后停止最终A停止时距离。点位移大小S = L' (S A L')=1.5m(2)爆炸后A、B分开，可能有三种情况情形：A、B反向分开，A碰到挡板后反弹，在与B相遇2/匕、=im - mvnS _ V；Sb=52g由以上可解得符合题意S +品=2£=10mvB =(>/19 + ljm/svA = (>/19-l)m/s=m x 2.8m > 2ni4(V19+1)2j =ni x 7.2m > 3m4八 1, 1, 1，Qy = - n G + -hivq解得e2=i9j情形：A、B反向分开，A未碰到挡板，B反弹后与A相遇S - 品-2gSr S 4=2(L L!) =6ni由以上可解得vB = 7ni/sva= 5m/s52S. = = 6.25m > 2m八4与预设相矛盾情形：A、B同向分开，A慢B快,，B反弹后与A相遇2mv0 = mvA - mvR臬