四川省自贡市富顺二中2014-2015学年高二下学期3月月考物理试卷

1、四川省自贡市富顺二中2014-2015学年高二下学期月考物理试卷（3月份）一、选择题（7×6=42分）1下列关于交变电流的说法中正确的是( )A交流电器设备上所标的电压和电流值是交流的最大值B用交流电流表和电压表测定的读数值是交流的瞬时值C线圈的自感系数越大、交流的频率越高，电感对交流的阻碍作用就越大D电容器的电容越大、交流的频率越高，电容器对交流的阻碍作用就越大2发电厂发电机的输出电压为U1，发电厂至用户的输电导线的总电阻为R，通过输电导线的电流为I，输电线末端的电压为U1，下面选项表示输电导线上损耗的功率不正确的是( )ABCI2RDI（U1U2）3传感器是各种测量和控制

2、系统的“感觉器官”，电梯超载时会自动报警这种报警系统通常采用的传感器是( )A生物传感器B声控传感器C红外传感器D压力传感器4如图1所示是一火警报警器的部分电路示意图，其中R2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻R2随温度t变化的图线如图2所示电流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器当传感器R2所在处出现火情时，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是( )AI变大，U变大BI变大，U变小CI变小，U变大DI变小，U变小5如图甲，一弹簧振子在AB间做简谐运动，O为平衡位置如图乙是振子做简谐运动时的位移时间图象则关于振子的加速度随时间的变化规律，下列四个图象中正确的是( )ABCD6一理

3、想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头下列说法正确的是( )A副线圈输出电压的频率为100HzB副线圈输出电压的有效值为31VCP向右移动时，通过原、副线圈的电流比不变DP向右移动时，变压器的输出功率减小7如图是演示简谐运动图象的装置，当盛沙漏斗下的木板N被匀速地拉出时，从摆动着的漏斗中漏出的沙在板上形成的曲线显示出摆的位移随时间变化的关系，板上的直线OO1代表时间轴图乙是两个摆中的沙在各自木板上形成的曲线若板N1和板N2拉动的速度v1和v2的关系为v2=2v1，则板N1、N2上曲线所 代表的振动周期T1和T2的

4、关系不正确的是( )A4T2=T1BT2=2T1CT2=4T1DT2=T1二、实验（5+12=17分）8如图所示为受迫振动的演示装置，当单摆A振动起来后，通过水平悬绳迫使单摆B、C振动，则下列说法正确的是( )A只有A、C摆振动周期相等BA摆的振幅比B摆小CB摆的振幅比C摆大DA、B、C三摆的振动周期相等9在做“探究单摆周期与摆长的关系”的实验时，用游标卡尺测量摆球直径如图1所示；让刻度尺的零点对准摆线的悬点，摆线竖直下垂，如图2所示，（1）那么摆球直径为_mm（2）单摆摆长是_m（保留四位有效数字）（3）如果测定了若干次全振动的时间如图3秒表所示，那么秒表读数是_s（4）某同学用该实验装置测

5、当地重力加速度，若他测得的g值偏大，可能的原因是_A测摆线长时摆线拉得过紧B摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了C开始计时时，秒表过迟按下D实验中误将50次全振动数为49次（5）为提高实验精度，在实验中可改变几次摆长L并测出相应的周期T，从而得出一组对应的L与T的数据，再以L为横坐标、T2为纵坐标将所得数据拟合成直线，并求得该直线的斜率K则重力加速度g=_（用K及常数表示）三、计算题（15+17+19=51分）10弹簧振子以O点为平衡位置，在B、C两点间做简谐运动，在t=0时刻，振子从O、B间的P点以速度v向B点运动；在t=0.2s时，振子速度第一次变为v；在t=0.5s

6、时，振子速度第二次变为v（1）求弹簧振子振动周期T；（2）若B、C之间的距离为25cm，求振子在4.0s内通过的路程；（3）若B、C之间的距离为25cm，从平衡位置计时，写出弹簧振子位移表达式，并画出弹簧振子的振动图象11（17分）如图所示，有一光滑的圆形槽，半径为R，其最低点为O2，有两个相同的小球M和N，将M放在距O2点正上方h高的O1处，将N放在圆弧槽上靠近O点的地方稍偏左的A点，让AB两球同时自由运动，不计一切阻力，欲使M、N在点O2正好相遇，h的高度应为多少？12（19分）一个电阻为r、边长为L的正方形线圈abcd共N匝，线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴OO以如图所

7、示的角速度匀速转动，外电路电阻为R（1）线圈平面与磁感线夹角为60°时的感应电动势为多大？（2）设发电机由柴油机带动，其他能量损失不计，线圈转一周，柴油机做多少功？（3）从图示位置开始，线圈转过90°的过程中通过R的电量是多少？四川省自贡市富顺二中2014-2015学年高二下学期月考物理试卷（3月份）一、选择题（7×6=42分）1下列关于交变电流的说法中正确的是( )A交流电器设备上所标的电压和电流值是交流的最大值B用交流电流表和电压表测定的读数值是交流的瞬时值C线圈的自感系数越大、交流的频率越高，电感对交流的阻碍作用就越大D电容器的电容越大、交流的频率越

8、高，电容器对交流的阻碍作用就越大考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；正弦式电流的图象和三角函数表达式 专题：交流电专题分析：交流电器设备上所标的电压和电流值，及交流电流表和电压表测定的读数值是有效值；根据电容器和电感线圈的特性分析选择电容器内部是真空或电介质，隔断直流能充电、放电，能通交流，具有隔直通交、通高阻低的特性电感线圈可以通直流，通过交流电时产生自感电动势，阻碍电流的变化，具有通直阻交，通低阻高的特性根据感抗和容抗的大小分析对高频和低频的阻碍解答：解：A、交流电器设备上所标的电压和电流值，及交流电流表和电压表测定的读数值是有效值，故A错误，B错误；C、电感器对交流电有阻碍作用

9、，根据XL=2Lf知，频率越高，感抗越大，故C正确D、电容器对交流电有阻碍作用，根据Xc=知频率越高，容抗越小，故D错误故选：C点评：考查有效值与瞬时值的确定，并对于电容和电感的特性可以利用感抗和容抗公式记忆：XL=2Lf，Xc=L是电感，C是电容，f是频率2发电厂发电机的输出电压为U1，发电厂至用户的输电导线的总电阻为R，通过输电导线的电流为I，输电线末端的电压为U1，下面选项表示输电导线上损耗的功率不正确的是( )ABCI2RDI（U1U2）考点：远距离输电 专题：交流电专题分析：根据输电线中的电流，结合P损=I2R求出损失的功率，或根据电压损失，结合求出输电线上的损失功率解答：解：输电线

10、上损失的电压为：U=U1U2，输电导线损失的电功率为：P=I2R=（U1U2）I=，故BCD正确，A错误；选不正确的，本题选错误的，故选：A点评：本题关键先求解输电线的电压损耗U，然后结合求出损失功率即可正确求解3传感器是各种测量和控制系统的“感觉器官”，电梯超载时会自动报警这种报警系统通常采用的传感器是( )A生物传感器B声控传感器C红外传感器D压力传感器考点：传感器在生产、生活中的应用 分析：本题考查的知识点是传感器，但是不同的传感器有不同的具体应用，要具体问题具体分析解答：解：电梯超载时会自动报警，是通过不同的压力转换成电学量，运用的压力传感器，故D正确，ABC错误；故选：D点评：常用传

11、感器的工作原理、特性及在实践中的应用要在平时学习中不断积累4如图1所示是一火警报警器的部分电路示意图，其中R2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻R2随温度t变化的图线如图2所示电流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器当传感器R2所在处出现火情时，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是( )AI变大，U变大BI变大，U变小CI变小，U变大DI变小，U变小考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：由题知，当传感器R2所在处出现火情时，R2减小，分析外电路总电阻如何变化，根据欧姆定律分析干路电流的变化情况和路端电压U的变化情况，根据R2、R3并联电压的变化情况，分析通过R3电流的

12、变化情况，即可知电流表示数变化情况解答：解：当传感器R2所在处出现火情时，由题意知R2减小，R2、R3并联电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I总增大，电源的内电压增大，路端电压减小，即a、b两端电压U变小；R2、R3并联电压U并=EI总（R1+r），I总增大，E、R1、r均不变，则U并减小，通过R3电流I减小，即电流表示数I变小故D正确，ABC错误故选D点评：本题判断路端电压U的变化情况时，也可以直接根据路端电压随外电阻减小而减小判断5如图甲，一弹簧振子在AB间做简谐运动，O为平衡位置如图乙是振子做简谐运动时的位移时间图象则关于振子的加速度随时间的变化规律，下列四个

13、图象中正确的是( )ABCD考点：简谐运动的振动图象 专题：振动图像与波动图像专题分析：由图乙知，t=0时刻振子的位移x=0根据简谐运动振子的加速度与位移的关系a=，分析加速度与时间的关系，可知图象按正弦规律变化解答：解：根据简谐运动振子的加速度与位移的关系a=，得到t=0时刻振子的加速度a=0，而且在前半个周期内加速度为负值简谐运动的xt图象是正弦曲线，则at图象也是正弦曲线故C正确故选C点评：本题关键抓住简谐运动加速度与位移的关系，根据计时开始时刻的加速度及方向选择图象6一理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的

14、触头下列说法正确的是( )A副线圈输出电压的频率为100HzB副线圈输出电压的有效值为31VCP向右移动时，通过原、副线圈的电流比不变DP向右移动时，变压器的输出功率减小考点：变压器的构造和原理；电功、电功率；正弦式电流的图象和三角函数表达式 专题：交流电专题分析：根据瞬时值表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论解答：A、由图象可知，交流电的周期为0.02s，所以交流电的频率为50Hz，所以A错误B、根据电压与匝数成正比可知，原线圈的电压的最大值为310V，所以副线圈的电压的最大值为31V，所以电压的有效值为V=V，所以B错误C、原副线圈电流之比等于匝

15、数的反比，故原副线圈的电流之比不变，故C正确D、P右移，R变小，原副线的电流都变大而电压不变，故功率增大，故D错误；故选：C点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路7如图是演示简谐运动图象的装置，当盛沙漏斗下的木板N被匀速地拉出时，从摆动着的漏斗中漏出的沙在板上形成的曲线显示出摆的位移随时间变化的关系，板上的直线OO1代表时间轴图乙是两个摆中的沙在各自木板上形成的曲线若板N1和板N2拉动的速度v1和v2的关系为v2=2v1，则板N1、N2上曲线所 代表的振动周期T1和T2的关系不正确的是( )A4T2=T1BT2=2T1CT2=4T1DT

16、2=T1考点：简谐运动的振动图象；单摆周期公式 分析：单摆的摆动和木板的运动同时进行，时间相同，根据速度的定义公式列式比较即可解答：解：设板长为L，则：T1=2T2=根据题意，有：v2=2v1故T1=4T2即T2=T1本题选错误的，故选：BC点评：本题关键抓住单摆的摆动和木板的平移同时发生，然后结合速度的定义求解周期，基础题二、实验（5+12=17分）8如图所示为受迫振动的演示装置，当单摆A振动起来后，通过水平悬绳迫使单摆B、C振动，则下列说法正确的是( )A只有A、C摆振动周期相等BA摆的振幅比B摆小CB摆的振幅比C摆大DA、B、C三摆的振动周期相等考点：产生共振的条件及其应用 分析：由题意

17、A做自由振动，B、C做受迫振动，受迫振动的周期等于驱动力的周期，即等于A的固有周期；C发生共振，振幅最大解答：解：A、D、由题意，A做自由振动，其振动周期就等于其固有周期，而B、C在A产生的驱动力作用下做受迫振动，受迫振动的周期等于驱动力的周期，即等于A的固有周期，所以三个单摆的振动周期相等；故A错误，D正确；B、C、由于C、A的摆长相等，则C的固有周期与驱动力周期相等，产生共振，其振幅振幅比B摆大，同时由于B没有发生共振，所以B摆的振幅比A摆小故BC错误故选：D点评：本题考查了受迫振动和共振的条件，要明确受迫振动的频率等于驱动力的频率，发生共振的条件是驱动力频率等于物体的固有频率9在做“探究

18、单摆周期与摆长的关系”的实验时，用游标卡尺测量摆球直径如图1所示；让刻度尺的零点对准摆线的悬点，摆线竖直下垂，如图2所示，（1）那么摆球直径为18.4mm（2）单摆摆长是0.8748m（保留四位有效数字）（3）如果测定了若干次全振动的时间如图3秒表所示，那么秒表读数是75.2s（4）某同学用该实验装置测当地重力加速度，若他测得的g值偏大，可能的原因是ACA测摆线长时摆线拉得过紧B摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了C开始计时时，秒表过迟按下D实验中误将50次全振动数为49次（5）为提高实验精度，在实验中可改变几次摆长L并测出相应的周期T，从而得出一组对应的L与T的数据，再

19、以L为横坐标、T2为纵坐标将所得数据拟合成直线，并求得该直线的斜率K则重力加速度g=（用K及常数表示）考点：探究单摆的周期与摆长的关系 专题：实验题分析：（1）由图可以直接读出摆球直径；（2）单摆的摆长等于摆线的长度与球的半径之和由图示刻度尺读出其示数；（3）秒表的读数等于小盘读数加上大盘读数；（4）根据单摆的周期公式求出重力加速度的表达式，结合表达式分析重力加速度g偏大的原因（5）根据单摆周期公式求出重力加速度的表达式，结合图象的数学意义进行求解解答：解：（1）由图可知，主尺读数为18mm，游标尺上第4条刻度线与主尺上某一刻度线对齐，则游标尺的读数为4×0.1mm=0.4mm，所以

20、摆球直径为18mm+0.4mm=18.4mm（2）摆长等于悬点到球心的距离，则摆长L=87.48cm=0.8748m秒表的小盘读数60s，大盘读数为15.2s，则秒表的读数为t=75.2s，（4）根据T=2得，g=，根据此式知：A、测摆长时摆线过紧，则测得的摆长偏大，由上可知测出的重力加速度g偏大；故A正确B、摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，单摆实际的周期偏大了，而测量的摆长偏小，则测量的重力加速度偏小故B错误C、开始计时时，秒表过迟按下，测量的周期偏小，则测量的重力加速度偏大故C正确D、实验中误将50次全振动数为49次，测量的周期偏大，由g=可知，所测的g偏小故D

21、错误故选：AC（5）由单摆周期公式T=2可知，T2=L，则T2L图象的斜率：k=，则重力加速度：g=故答案为：（1）18.4；（2）0.8748； （3）75.2； （4）AC；（5）点评：本题考查了刻度尺与秒表读数、求重力加速度、实验误差分析，应用单摆周期公式求出图象的函数表达式、求出重力加速度的表达式是正确解题的关键三、计算题（15+17+19=51分）10弹簧振子以O点为平衡位置，在B、C两点间做简谐运动，在t=0时刻，振子从O、B间的P点以速度v向B点运动；在t=0.2s时，振子速度第一次变为v；在t=0.5s时，振子速度第二次变为v（1）求弹簧振子振动周期T；（2）若B、C之间的距离

22、为25cm，求振子在4.0s内通过的路程；（3）若B、C之间的距离为25cm，从平衡位置计时，写出弹簧振子位移表达式，并画出弹簧振子的振动图象考点：简谐运动 专题：简谐运动专题分析：在t=0时刻，振子从OB间的P点以速度v向B点运动，经过0.2s它的速度大小第一次与v相同，方向相反，再经过0.5s它的速度大小第二次与v相同，方向与原来相反，质点P运动到关于平衡位置对称的位置，求出周期由B、C之间的距离得出振幅，从而求出振子在4.0s内通过的路程由B、C之间的距离得出振幅，结合振子开始计时的位置，写出振子位移表达式，画出弹簧振子的振动图象解答：解：（1）根据弹簧振子简谐运动的对称性可得：T=0.

23、5×2 s=1.0 s（2）若B、C之间距离为25 cm，则振幅A=×25 cm=12.5 cm振子4.0 s内通过的路程s=×4×12.5 cm=200 cm（3）根据x=Asint，A=12.5 cm，=2得x=12.5sin 2t（cm）振动图象为答：（1）弹簧振子振动周期T是1.0s；（2）若B、C之间的距离为25cm，振子在4.0s内通过的路程是200cm；（3）弹簧振子位移表达式为x=12.5sin 2t（cm），画出弹簧振子的振动图象如图点评：本题在于关键分析质点P的振动情况，确定P点的运动方向和周期写振动方程时要抓住三要素：振幅、角频率和

24、初相位11（17分）如图所示，有一光滑的圆形槽，半径为R，其最低点为O2，有两个相同的小球M和N，将M放在距O2点正上方h高的O1处，将N放在圆弧槽上靠近O点的地方稍偏左的A点，让AB两球同时自由运动，不计一切阻力，欲使M、N在点O2正好相遇，h的高度应为多少？考点：单摆周期公式 专题：单摆问题分析：由题意可知C球的运动是简谐运动，可求出其运动的周期，B的运动时自由落体运动，可求得其运动的时间，结合相遇时的时间关系，即可得知h的高度解答：解：（1）A做简谐运动T=2则A球运动的时间t=TB做自由落体下落的高度hh=gt2若两球能够相遇则有时间相等得：h=（n=1，2，3，4） 答：B球下落的高度（n=1，2，3，4）点评：该题考察了关于单摆的周期的